2394
.pdfсчитать равномерно распределѐнной с интенсивностью q. В
левом сечении действует поперечная сила Q и изгибающий момент Mu. Поскольку в общем случае и поперечная сила, и
изгибающий момент могут изменяться вдоль оси балки, в пра-
вом сечении показаны поперечная сила Q + dQ и изгибающий момент Mu+ dMu .
Проектируя все силы, приложенные к элементу балки, на
ось y, получаем:
Q qdz Q dQ 0 ,
откуда находим
q |
dQ |
. |
(5.1) |
|
|||
|
dz |
|
Таким образом, интенсивность распределѐнной нагрузки равна производной от поперечной силы по координате z в рас-
сматриваемом сечении.
Рис. 5.3
Приравняем далее нулю сумму моментов всех сил относи-
тельно центра тяжести правого сечения, получаем
M Qdz q |
dz |
2 |
M dM 0 . |
|
|
||
2 |
|
||
|
|
|
Пренебрегая величиной второго порядка малости, находим
Q |
dM |
|
|
dz . |
(5.2) |
||
|
Следовательно, поперечная сила в некотором сечении балки равна производной от изгибающего момента по координате z.
Доказанные утверждения называют теоремами Журавско-
го.
Из этих теорем можно сделать ряд выводов о характере эпюр поперечных сил и изгибающих моментов.
Если на некотором участке балка свободна от распреде-
лѐнной нагрузки, то на этом участке поперечная сила постоян-
ная (следует из 5.1), а изгибающий момент – линейная функ-
ция координаты z, что следует из (5.2).
Если на некотором участке балка нагружена равномерно распределѐнной нагрузкой, то на этом участке поперечная сила является линейной функцией координаты z, а изгибающий момент – квадратичной функцией этой координаты. Если эпю-
ра изгибающих моментов положительна, моменты откладыва-
ются вверх от сечения, и эпюра изгибающих моментов обра-
щена своей выпуклостью в направлении, обратном направле-
нию распределѐнной нагрузки. Это следует из равенства:
qd 2 M , dz2
получаемого из (5.1), (5.2).
В точках приложения сосредоточенных сил эпюра Q пре-
терпевает скачок (разрыв) на величину этих сил, а эпюра М – перелом.
В точках приложения пар сил эпюра М претерпевает ска-
чок на величину моментов этих пар.
5.1.3. Пример Построим эпюры поперечных сил и изгибающих моментов
для балки, изображенной на рис. 5.4. Из уравнений равновесия балки находим реакции опор. Они равны Р. Пусть ось z имеет своим началом точку А и направлена вправо. На первом участ-
ке балки, т.е. при 0 z a , слева от любого сечения действует
только направленная вверх реакция опоры, равная Р, и поэто-
му на этом участке Q P, Mu P z . На втором участке балки
при a z a b слева от сечения действует направленная вверх реакция опоры и направленная вниз нагрузка Р. В силу этого получаем:
Q P P 0, Mu Pz P z a Pa.
При рассмотрении третьего участка целесообразно вы-
брать новую систему координат с осью z1, имеющей начало в точке B и направленной влево. Тогда на этом участке при
0 z1 a, Q P, Mu Pz1 . На рис. 5.4 построены графики по-
лученных уравнений. Легко увидеть соответствие построен-
ных эпюр свойствам таких эпюр, отмеченных в предыдущем параграфе.
Рис. 5.4
5.1.4. Напряжения при чистом изгибе
Как уже указывалось при чистом изгибе в поперечных се-
чениях балки возникают только изгибающие моменты. Чисто-
му изгибу подвержена рассмотренная балка на участке 2.
Легко убедиться в том, что при чистом изгибе поперечные сечения остаются плоскими (т.е. частицы, лежащие до дефор-
мации в плоскости поперечного сечения, и после деформации лежат в плоскости поперечного сечения изогнутой балки).
Действительно, среднее сечение АА (рис. 5.5) в силу симмет-
рии остаѐтся плоским. Рассмотрим теперь часть балки, распо-
ложенную слева от сечения АА. Как видим, для этой части плоскостью симметрии является плоскость, проходящая через сечение ВВ. В силу этого остаѐтся плоским и это сечение. По-
добным разбиением балки можно убедиться, что любое попе-
речное сечение может рассматриваться, как лежащее в плоско-
сти симметрии какой – то части изогнутой балки и в силу это-
го остаѐтся плоским в процессе изгиба.
Рис. 5.5
Рассмотрим элемент балки длинной (рис.5.6). При его
изгибе верхние слои материала растягиваются, а нижние сжи-
маются. Следовательно, существует слой, который при этом не удлиняется. Этот слой называется нейтральным. В дальней-
шем будем отсчитывать координату Y от нейтрального слоя.
Как следует из рис. 5.6, относительное удлинение волокна AB
равно
AB |
|
y |
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
, |
(5.3) |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
где - радиус кривизны оси изогнутой балки.
Поскольку поперечные сечения не искривляются, на них не действуют касательные напряжения. Если пренебречь, как это обычно делают, давлением между продольными слоями,
можно определить нормальные напряжения в поперечных се-
чениях по закону Гука, записанному для линейного напряжѐн-
ного состояния
E E |
y |
|
|
(5.4) |
|||
|
Рис. 5.6
Поскольку в поперечных сечениях не действует нормальная сила, равнодействующая этих напряжений равна нулю
N |
dF |
E |
y dF 0 |
|
|||
|
|||
|
F |
|
F |
Таким образом, если ось x совмещена со следом нейтрального слоя в поперечном сечении, называемым нейтральной осью, то
статический момент Sx 0. Это указывает на то, что нейтраль-
ная ось проходит через центр тяжести поперечного сечения.
Тем самым определено начало отсчѐта координаты Y.
Изгибающий момент Мy в рассматриваемом случае плос-
кого прямого изгиба также равен нулю
M y |
xdF |
E |
yxdF 0 |
|
|||
|
|||
|
F |
|
|
Как видим центробежный момент инерции Ixy= 0, а, следова-
тельно, оси x и y являются главными осями инерции. Тем са-
мым подтверждено, что принятая схема деформации балки
(изогнутая ось остаѐтся в плоскости действия нагрузок на бал-
ку) соответствует исходным предпосылкам анализа.
И, наконец, момент напряжения относительно оси x
равен изгибающему моменту:
M x |
ydF |
E |
y |
2 |
dF |
EI x |
|
|
|
(5.5) |
|||||
|
|
|
|
|
|
F F