книги / Физическая химия. Химическая термодинамика и химическое равновесие
.pdfG10 GN0 2 RT ln PPNисх2 ;
N2
G20 GО02 RT ln PPОисх2 .
N2
Поскольку исходные давления газов равны конечному давлению смеси, согласно уравнению Дальтона можно записать:
PN2 |
|
PN2 |
X N2 |
0,33; |
Pисх |
P |
|||
N2 |
|
|
|
|
PO |
|
PO |
XO2 |
0,67. |
Pисх |
P |
|||
2 |
|
2 |
|
|
O2 |
|
|
|
|
После подстановки чисел и вычислений получаем
G0 = RT( ln XN2 2ln XO2 ) =
= 8,314·298 (ln 0,33 + 2 ln 0,67) = –4800 Дж.
Вычисляем S0 с учетом уравнений (2.46):
S |
0 |
|
G |
R ln X N2 |
2R ln X O2 |
16,10 Дж/К. |
|
|
|
T |
|
||||
|
|
|
P, X |
|
|
|
Для вычисления ∆Н0 используем уравнение (2.53):
H 0 G0 T S0 RT ln X N2
2 RT ln XO2 RT ln X N2 2RT ln XO2 0.
Пример 2.12
Рассчитать изменение энергии Гиббса и изменение энергии Гельмгольца для 1 моль бензола в следующем изотермическом процессе:
С6Н6(ж) = С6Н6(г).
Начальное давление Р1 = 101 325 Па, конечное давление Р2 = 91 200 Па. Нормальная температура кипения (Тн.т.к) = 353,3 К. Считать газообразный бензол идеальным газом.
141
Решение
Представим себе, что процесс идет в две стадии:
1)при Р1 = 101 325 Па, С6Н6(ж) = С6Н6(г);
2)С6Н6(г) (Р1 = 101 325 Па) = С6Н6(г) (Р2 = 91 200 Па).
Поскольку G не зависит от пути процесса, то
|
G = G1 + G2; |
|
dG = VdP – SdT. |
В первой стадии и температура, и давление не меняются, |
|
следовательно, |
G1 = 0. |
Во второй |
стадии температура не изменяется, следова- |
тельно, dG2 = VdP. Если принять, что пары бензола – идеаль-
ный газ, то, осуществив замену V |
RT |
, получим |
|||||||
|
|||||||||
|
|
|
|
|
P |
|
|
||
G2 |
|
P2 |
dP |
|
|
P2 |
|
||
G2 dG RT |
RT ln |
|
|||||||
P |
P |
||||||||
G |
|
P |
|
|
|
|
1 |
. |
|
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
||
8,314 353 ln |
|
91 200 |
309,86 Дж. |
||||||
101325 |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
||||
Соответственно F = |
F1 + |
F2; |
|
|
|||||
dF = –PdV – SdT. |
|
|
В первой стадии температура и давление постоянны. С учетом того что объем пара много больше объема жидкости (V(г) >> V(ж)), получим:
|
V |
|
|
P V |
|
|
|
|
|
|
F1 Г |
PdV |
P(VГ VЖ ) PVГ |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|||||
|
VЖ |
|
|
V |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
RT 8,314 353 2934,84 Дж/моль; |
|
|
|
|||||
|
V2 |
|
|
|
V2 |
V2 |
|
P1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
F2 = RTd lnV RT ln V1 , при Т = const V |
|
|
; |
|||||
|
P |
||||||||
|
V1 |
|
|
|
|
1 |
|
2 |
|
F2 |
= RT ln P2 |
8,314 353ln 91200 |
308,98 Дж/моль. |
|
|||||
|
P |
101325 |
|
|
|
|
|||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
F = – 2934,84 – 308,98 = – 3243,82 Дж/моль.
142
Пример 2.13
Определить изменение энтальпии, изменение энтропии, изменение внутренней энергии, изменение энергии Гиббса, изменение энергии Гельмгольца при температуре 298 К и стандартном давлении (∆Н0, ∆S0, U0, G0, F0) для реакции
С2Н2(г) + 2Н2О(ж) = СН3СООН(ж) + Н2(г).
Решение
Справочные данные, необходимые для расчетов, берем в прил. 12.
Вещество |
|
Н0 |
,298 |
, кДж/моль |
S0 |
,Дж/(моль·К) |
|
|
f |
|
298 |
|
|
С2Н2(г) |
|
|
226,75 |
|
200,82 |
|
Н2О(ж) |
|
|
–285,84 |
|
69,96 |
|
СН3СООН(ж) |
|
|
–484,09 |
|
159,83 |
|
Н2(г) |
|
|
|
0,00 |
|
130,52 |
Тепловой эффект реакции, согласно закону Гесса, |
||||||
H2980 |
H 0f ,298 прод H 0f ,298 исх |
484,09 0,00 (2 ( 285,84) 226,75 139,16 кДж.
U2980 H2980 P V H2980 nRT.
При расчете n учитывают стехиометрические коэффициенты только газообразных веществ:
n = nH2 nC2H2 1 1 0.
Следовательно, U2980 H2980 . Изменение энтропии реакции:
S2980 S2980 прод S2980 исх
159,83 130,52 (2 69,96 200,82) 50,39 Дж/К.
Энергия Гиббса для реакции
143
G2980 H2980 298 S2980
139,16 298 ( 50,39) 10 3 124,14 кДж.
F2980 G2980 P V .
Для данной реакции P V = 0. Следовательно, F2980
G2980 .
Пример 2.14
Рассчитать изменение энергии Гиббса в реакции CO + 12 O2 = CO2 при температуре 500 К и парциальных давле-
ниях 3 атм. Определить, будет ли эта реакция самопроизвольной при данных условиях. Газы считать идеальными.
Решение
Справочные данные, необходимые для расчетов, берем в прил. 12.
Вещество |
Н0f ,298 , кДж/моль |
S2980 , Дж/(моль·К) |
CP0,298 , Дж/(моль·К) |
CO |
–110,5 |
197,6 |
29,14 |
|
|
|
|
O2 |
0 |
205,0 |
29,40 |
CO2 |
–393,5 |
213,7 |
34,11 |
Рассчитаем величины H2980 , S2980 , CP0,298 для химической реакции, принимая, что CP = const:
H2980 = –393,5 –(–110,5) = –283,0 Дж.
S2980 = 213,7 – 197,6 – 12 ·205,0 = –86,4 Дж/К.
CP0,298 = 34,11 – 29,14 – 12 ·29,40 = –9,73 Дж/К.
Стандартный тепловой эффект реакции при 500 К можно рассчитать по уравнению Кирхгофа в интегральной форме:
144
500
H5000 H2980 CP dT 283000
298
( 9,73) (500 298) 285,9 кДж.
Стандартное изменение энтропии в реакции при 500 К можно рассчитать по формуле
S5000 |
S2980 |
|
500 |
CP dT |
86,4 ( 9,73) ln 500 91,4Дж/К. |
|
|
|
|
|
298 |
T |
298 |
Стандартное изменение энергии Гиббса при 500 К: |
||||||
G0 |
H 0 |
|
500 S0 |
285900 500 ( 91,4) 240,2 кДж. |
||
500 |
500 |
|
|
500 |
|
Для расчета изменения энергии Гиббса при парциальных давлениях 3 атм необходимо проинтегрировать уравнение (2.52) и использовать условие идеальности газов ( V = nRT/P,n – изменение числа молей газов в реакции):
P |
|
P2 |
|
|
G( P2 ) G( P1 ) 2 |
VdP G( P1 ) nRT ln |
240 200 |
||
P1 |
||||
P |
|
|
||
1 |
|
|
|
( 0,5) 8,31 500 ln3 242,5 кДж.
Эта реакция может протекать самопроизвольно при данных условиях.
Пример 2.15
Два моля гелия (идеальный газ, мольная теплоемкость CP = 5/2R) нагревают от 100 до 200 С при P = 1 атм. Вычислить изменение энергии Гиббса в этом процессе, если известно значение энтропии гелия: S3730 = 131,7 Дж/(моль·К). Можно ли
этот процесс считать самопроизвольным?
Решение
Изменение энергии Гиббса при нагревании от 373 до 473 К можно найти, проинтегрировав частную производную по температуре (2.52):
473
G G473 G373 S(T )dT.
373
145
Зависимость энтропии от температуры при постоянном давлении определяется изобарной теплоемкостью:
( TS )P CTP .
В результате итегрирования этого выражения от 373 К до T получаем:
S(T ) n(S3730 |
T CP |
dT ) n(S3730 |
CP lnT CP ln 373). |
|
373 |
T |
|
Подставляяэто выражение в интегралотэнтропии, находим
473
G S(T )dT 26 850 Дж.
373
Процесс нагревания не обязан быть самопроизвольным, так как уменьшение энергии Гиббса служит критерием самопроизвольного протекания процесса только при T = const, P = const.
Пример 2.16
Рассчитать G0 при T = 400 К для реакции
12 N2 + 32 H2 = NH3,
если G2980 = –16,635 кДж/моль. Недостающие данные взять в прил. 12.
Решение
Изменение энергии Гиббса реакции рассчитываем по уравнению
( TG0 )P S.
GT |
2 |
T |
0 |
400 |
|
2 |
G400 |
||
d G SdT; |
d G S 0 dT; |
|||
GT |
T1 |
G0 |
298 |
|
|
1 |
|
298 |
|
146
400
G4000 G2980 S 0 dT. 298
В зависимости от степени точности задачу можно решать следующими способами:
1-й способ. Допускаем, что энтропия реакции не зависит от температуры, т.е. S2980 S4000 . Из прил. 12 находим:
Вещество |
N2 |
H2 |
NH3 |
S2980 , Дж/(моль·К) |
191,5 |
130,6 |
192,7 |
S2980 192,7 12191,5 32130,6 98,95 Дж/К.
400
G4000 G2980 S0dT 16635 98,95
298
(400 298) 6542,1 Дж.
Полученный данным способом результат является приближенным и может дать большую ошибку.
2-й способ. Допускаем, что энтропия вещества зависит от температуры, т.е. S = f (T); эта функция имеет вид
S T CP dT ;
T1 T
энтропия реакции в зависимости от температуры рассчитывается по уравнению
ST0 S2980 T CTP dT .
298
Предположим, что СТ0 = const, тогда
ST ST1 T CTP dT ST1 CP lnT Cp lnT1; |
|
|
T1 |
|
T2 |
GT2 GT1 |
( ST1 CP lnT CP lnT1 )dT |
|
T1 |
147
CP (T2 lnT2 T 1 lnT1 ) (T2 T1 ) ( ST1 CP lnT1 )(T2 T1 ).
Из прил. 12 находим:
|
Вещество |
|
|
N2 |
H2 |
NH3 |
|
|
CP0,298 , Дж/(моль·К) |
|
|
29,12 |
28,83 |
35,16 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
CP0 35,16 1 29,12 |
3 |
28,83 22,645 Дж/(моль К). |
|||||
2 |
2 |
|
|
|
|
|
G4000 22,645 (400 2,3lg 400 298 2,3lg 298) (400 298)
( 98,95 22,145 2,3lg 298)(400 298) G2980 22,645 585
( 98,95 128,9) 102 16635 6442,6 Дж.
Предположим, что СР0 = f(T), тогда
CP0 a bT Tc2 ;
|
|
|
T C0 dT |
|
|
|
|
|
T |
|
|
|
|
|
|
|
ST0 ST01 |
TP |
ST01 a ln T |
|
b(T T1 ) |
||||||||||
|
|
|
T |
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
( |
c |
|
c |
). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2T 2 |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
2T 2 |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
T |
|
|
T |
|
|
c |
T |
dT2 |
|||
|
GT02 |
GT01 |
a 2 |
lnTdT b 2 |
TdT |
2 |
|||||||||
|
|
|
|
T |
|
|
T |
|
|
2 |
T |
T |
|||
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
c |
|
T2 |
|
|
|
|
|
( ST1 a lnT1 bT1 |
|
) dT. |
|||||||||||
|
|
2T 2 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
T |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
Из прил. 12 находим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
C 0 a bT |
c , Дж/(моль К). |
||||||||||||
|
|
P |
|
|
T 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Вещество |
|
a |
|
|
b·103 |
|
|
c' 10–5 |
|
|||||
|
N2 |
|
|
27,87 |
|
4,27 |
|
|
|
|
– |
|
|||
|
H2 |
|
|
27,28 |
|
3,26 |
|
|
|
0,502 |
|
||||
|
NH3 |
|
|
29,80 |
|
25,48 |
|
|
–1,67 |
|
148
a = –25,05; b = 18,46 10–3; c' = –2,42 105.
G0 |
G0 |
aT lnT aT lnT aT aT |
bT 2 |
|
|||||||||||||||
|
2 |
|
|||||||||||||||||
|
T |
|
|
T1 |
|
|
2 |
2 |
1 1 |
2 |
|
1 |
|
|
|
2 |
|
||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
bT12 |
|
c |
|
c ( S a lnT |
bT |
|
c |
)(T |
|
T ) |
|
||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
2 |
|
2T |
2T |
T1 |
|
1 |
1 |
|
2T 2 |
|
|
2 |
1 |
|
|||
|
|
|
|
|
2 |
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
25,05 400 2,3lg 400 25,05 298 2,3lg 298 25,05 400 |
|
||||||||||||||||||
25,05 298 |
18,46 10 3 |
4002 |
|
18,46 10 3 |
2982 |
|
2, |
42 105 |
|
||||||||||
|
|
2 |
|
|
2 |
|
|
|
2 400 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
2,42 |
105 |
(98,95 25,05 |
2,3lg 298 18,46 10 |
3 |
298 |
|
||||||||||||
|
2 298 |
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2,42 105 )(400 298) 10 315 Дж; 2 2982
G4000 G2980 10315 16 635 10 315 6320 Дж.
Задачи для самостоятельного решения
2.31. Определить изменение энтальпии, изменение энтропии, изменение внутренней энергии, изменение энергии Гиббса, изменение энергии Гельмгольца (∆Н0, ∆S0, U0, G0, F0) при одновременном охлаждении от 2000 до 200 К и расшире-
нии от 0,5 до 1,35 м3 0,7 моль азота (СV = 52 R ). Энтропия газа в
исходном состоянии равна 150 Дж/(моль·К), газ можно считать идеальным.
2.32. Вычислить изменение энергии Гиббса при сжатии от 1 до 3 атм при температуре 298 К:
1)1 моль жидкой воды;
2)1 моль водяного пара (считать идеальным газом).
2.33.Вычислить изменение энергии Гиббса при изменении давления от 1 до 0,01 атм при температуре 298 К:
1)1 моль жидкого бензола (плотность 0,89 г/см3);
2)1 моль паров бензола (считать идеальным газом).
149
2.34. Изменение энергии Гиббса в результате испарения воды при температуре 95 °C и давлении 1 атм равно 546 Дж/моль. Рассчитать энтропию паров воды при 100 °C, если энтропия жидкой воды равна 87,0 Дж/(моль·К). При каком давлении изменение энергии Гиббса в результате испарения воды будет равно 0 при температуре 95 °C?
2.35. Изменение энергии Гиббса в результате испарения воды при температуре 104 °C и давлении 1 атм равно –437 Дж/моль. Рассчитать энтропию паров воды при 100 °C, если энтропия жидкой воды равна 87,0 Дж/(моль·К). При каком давлении изменение энергии Гиббса в результате испарения воды будет равно 0 при температуре 104 °C?
2.36.Вычислить изменение энергии Гиббса в результате испарения воды при температуре 97 °C и давлении 1 атм, энтропия жидкой и газообразной воды соответственно равна 87,0 и 186,3 Дж/(моль·К). При каком давлении изменение энергии Гиббса в результате испарения воды будет равно 0 при температуре 97 °C?
2.37.Вычислить изменение энергии Гиббса, сопровождающее изотермическое сжатие 5 л кислорода при температуре 298 К и давлении от 0,1 до 1 атм. Пары кислорода считать идеальным газом.
2.38.Вычислить изменение энергии Гиббса при сжатии 7 г азота при температуре 300 К и давлении от 5,05·104 до 3,031·105 Па. (Считать азот идеальным газом.)
2.39.Вычислить изменение энергии Гиббса для процесса
С2Н6О(ж) → С2Н6О(г), Рисх. = 101325 Па.
1)Р = 90 900 Па;
2)Р = 101 325 Па;
3)Р = 111 000 Па.
Температура кипения 351 К, пары спирта считать идеальным газом. Какие выводы можно сделать о направлении процессов на основании полученных результатов?
2.40. При температуре 268 К давление насыщенного пара твердого бензола 2279,8 Па, а над переохлажденным бензолом
150