книги / Механика твердого деформируемого тела
..pdfпри условии, если выражения в квадратных скобках равны постоянным числам т и п , прячем
|
к1 |
|
т * п = ( 1 +JU) у |
( б ') |
|
Значит, |
|
|
Сх) = |
(£х- -у- * т) ; |
|
1 ',(У )= -щ С 1 + |
)У *+ Л |
|
Интегрируя эти уравнения, |
имеем |
|
Подставим это в уравнение ( а ) :
Ц = |
- U . * » . k ! J L |
пУ |
У*] |
|
|
|
|
||
|
ju ty l |
Jjzy 2 |
|
(в) |
» - |
~ Т ~ |
~~1— +~2---------ÿ - * / w r + « £ j . |
||
Для определения постоянных m , п , об |
и J> закрепим левый |
|||
торец, В сопромате все рассуждения относят к |
оси бруса, поэтому |
и здесь прежде всего закрепим начальную точку оси, т .е . поставим
условия: при Z = |
(/ = О |
а = 0 ; |
У = 0 . |
|
|
Тогда из уравнений (в ) имеем |
« t =J3 = 0. |
|
|||
Следует закрепить теперь (см , |
рис. 3 ,4 ) опорное сечение |
(против |
|||
вращения вокруг точки |
0 |
)\ чаще всего с этой целью ставится |
усло |
||
вие горизонтальности |
начальной касательной: |
|
|||
при |
х ~ о |
й± |
= О |
|
( у = 0 |
дх |
Дря этом условии из уравнений |
(в ) |
находим |
т ■ 0 , |
а иэ уравне |
|||||||||||
ний |
(б ') |
п = |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Уравнения |
(а ) |
дают |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
.. |
й |
г |
/з |
X) |
|
|
|
|
, |
tf+ju)h*y |
у. |
|
|||
UaÊ f L'U ~ T )* y -— *-----* |
----- i-----Jf |
|
|||||||||||||
|
a |
r S 't f '& y 1 |
№ |
|
|
|
z17 |
|
|
|
(r) |
||||
|
|
|
|
T |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Из второго уравнения (г ) найдем при |
у |
- |
О уравнение изогну |
|||||||||||
той оси бруса: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
£ J |
(. |
I |
|
|
6 |
J |
' |
|
|
|
что совпадает с решением, получаемым в |
|
сопротивлении материалов. |
|||||||||||||
|
3 .6 . |
|
Для предыдущей задачи |
|
исследовать депланацию плоских с е |
||||||||||
чений. Изучить возникающие в балке напряжения в |
случае "глухой" и |
||||||||||||||
шарнирной заделки левого |
торца |
(см . ри с. 3 . 4 ) . |
|
|
|
|
|||||||||
|
Решение. Очевидно, |
что уравнение |
плоского |
сечения до |
деформа |
||||||||||
ции будет следующим: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
* ~ * 0 |
> |
|
|
|
|
|
|
|
||
после деформации сечения |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
х - х 0 + |
|
|
и |
|
|
|
|
|
||
ИЛИ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
X = хп |
|
|
^ |
1 У х оУ~ |
6 |
|
У |
4 |
|
|||||
Иг этого, уравнения следует» что |
сечение |
не |
о с т а е т ся |
плоским, |
а искривляется по параболе третьего порядка» При шарнирном способе
закрепления левого торца |
(рис*3 .5 ) л евое вдайнее сечение (Х^ « 0) |
будет также искривляться |
по кривой |
Бели возьмем линейный |
|
||
элемент dy |
на оси бруса |
в |
|
точке закрепления |
(при £ |
= О, |
|
у = 0), то |
угол |
поворота |
его / |
г |
1 |
\ с
/ I |
/ |
7
&А |
|
|
J O |
|
|
( |
< i b |
|
Щ |
*Gh |
У * |
IC h |
|
|
|
|
|
|
||
Следовательно, э л е м е н т ^ |
||||||
поворачивается по |
направле |
|
Р и с .3 *5 |
|||
нию от |
положительной оси |
х - |
|
|||
|
|
|||||
Значит, |
сечения, |
плоские |
до |
|
|
|
деформации, |
после |
последней |
искривляются и не остаются плоскими. |
|||
3 .7 . |
Стальной |
болт |
стягивает |
дюралевую трубку между* двумя ^ |
||
весьма |
жесткими шайбами |
(рис. 3 .6 ) . |
|
Определить, на сколько оборотов можно затянуть гайку, |
если |
||||
шаг резьбы 5 = |
2 мм, |
допускаемое |
напряжение для болта [<5?]ст = |
||
= 80 Н/мм2 , для |
трубки |
lè ig |
= 6 0 |
Н/мм2 . Принять Ест = |
|
= 2*Ю 5 Н/мм2 , |
Eg = 0,7*10® |
Н Д оА |
|
|
|
Решение. При затягивании |
гайки |
трубка будет сжиматься, |
а |
болт - растяги ваться. Применяя метод |
сечений и Составляя уравне |
ния равновесия для сил, действующих |
на оставленную ч а ст ь , получим |
(вырезали головку болта с частью болта и трубки):
Mg - Мгр
Таким образом, задача статически неопределима: неизвестных
усилий два, |
а уравнения равновесия дают лишь одно уравнение. |
||||||||||||
Для составления уравнений перемещений будем рассуждать |
сл е |
||||||||||||
дующим образом: при завертывании гайки |
на |
I |
оборотов она |
пере |
|||||||||
местится на J =iS . Так как вначале |
торец гайки |
к асал ся |
шайбы, |
||||||||||
то это перемещение могло быть осуществлено |
только з а |
счет |
дефор |
||||||||||
мации болта и трубки. Предположим, что трубка |
абсолютно ж есткая, |
||||||||||||
то тогда перемещение гайки |
будет происходить |
только |
з а |
счет |
|||||||||
удлинения болта, и наоборот. Фактически обе детали упруги и при |
|||||||||||||
затягивании гайки деформируются. Следовательно, |
перемещение |
гай |
|||||||||||
ки равно сумме абсолютных величин удлинения болта и укорочения |
|||||||||||||
трубки: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Л |
- |
LS |
-J&gNç |
+ JhTpNT |
, |
|
|
|
|||
где J 3 . = -g-pr |
( |
i - |
сталь, |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Вычислен Допускаемые усилия для болта и |
трубки |
(для |
болта не |
||||||||||
учитываем влияние резьбы): |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
t ЛЦ- |
|
|
= soÆ |
\1- - = Ü.1- '0s H; |
||||||||
с н ^ Щ |
р — |
|
|
= №■ -} f |
ш 1- гг1) - |
19,6' /о*и |
|||||||
Очевидно, что в качестве допускаемого должно быть принято уси |
|||||||||||||
лие [ Юур = 19,6*10® Н = 1 9 ,6 кН. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Определяем коэффициенты податливости болта и трубки: |
|
|
|||||||||||
|
g |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
- т |
т |
т щ |
|
; isg' |
|
|
|
|
|
||
• * v = e} Fy |
’ цг-а*- in% - сзе* - го2) |
* |
|
е""/н- |
Определяем допускаемое по условиям прочности число оборотов гайки:
. в |
$ |
+J>TP) _ |
№ -Ю *П ,59+ Ш )-ю -6 |
= О,ОШoSу |
|||||||
L |
|
|
|
|
|
П . |
|
||||
т .е . допустимый угол поворота гайки |
^ « |
2 1 °0 б \ |
|
|
|||||||
3 .8 . |
Закон IÿKa |
при |
сдвиге записывается так: |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
* = or, |
|
|
|
||
|
|
|
° |
= |
i h |
; r |
L0^ |
0 m |
|
|
|
Для металлов и сплавов |
Q |
» О,НЕ • |
|
ù |
|
||||||
Вывести формулу зависимости между модулем сдвига |
, моду |
||||||||||
лем упругости |
первого |
рода |
£ |
и коэффициентом Цуассона JU . |
|||||||
Решение. |
Удельная потенциальная энергия деформации для дан |
||||||||||
ной точки |
тела |
не |
зависит |
от того , какими площадками |
выделен в |
||||||
окрестности этой |
точки элементарный объем. Выделяя цри |
чистом |
сдвиге этот элемент площадками, на которых возникают экстремаль
ные касательные напряжения |
Ътдх = V , имеем |
для удельной |
|
энергии деформации формулу |
|
|
|
и S I E |
* ei * * 1 |
" lJui<si Q* + |
|
ИЛИ |
|
|
|
|
ü ‘ T Ë l e î * e > ' w |
o 1- |
|
Эти д ве |
формулы получены для элемента, ограниченного двумя |
||
главными площадками (р и с .3 . 7 ) . |
|
Или учитывая, что при чистом сдвиге
*/ = - 3 “ *т я “ г -
имеем
u= jjr(v 2+ Zl + ijuvb = -J-Cf +JU)
Выражение для удельной энергии, деформации можно также полу чить, рассмотрев ри с.3 .8 .
Сила, действующая по горизонтальной грани |
элемента, равна |
|
Zdzdz . Эта сила совершает работу на перемещении |
c/S = tfCty . |
|
Здесь в силу малости деформации принято t g f |
f |
. Рассматривая |
случай статического нагружения и применяя теорему Клапейрона, по
лучаем следующую энергию, накапливаемую в элементарном параллеле пипеде:
JU c-dzdx-f-dy
Удельную энергию найдем, разделив выражение для dU на объем элемента dV - dxdydz
dU _ 4 _
dv - г - Т Г '
Приравниваем оба вида энергии: 'Г 2
W = T " (f у
получаем
£
& =
2(f+ jO
4 . ПОДЗАДАЧА СЕН-ВШАНА. |
ИЗГИБ. |
ПОСТГОЕНИЕ ЭПЮР М Q и N |
КРУЧЕНИЕ |
4 .1 . Построить эпюры М , Q и N для балки с ломаной осью, изображенной на р и с .4 .1 .
Решение. Отбросив мысленно опоры и заменим их действием на балку опорными реакциями RA R% и Wg . Определим их из урав нения равновесия:
И М В = RA 2а + Ра - у -2а-а - О
Учитывая, что P s QO , получим
|
Ц а 1 |
_ Я ° _ . |
*А - |
2о |
г > |
ИМА= - 8В-2а + д-2о-а * Ра - О;
я _ |
J 2 -+f |
ça2 _ Sga . |
'в |
2а |
= 2 3 |
* я |
И Х = Р - Н&= 0
Н6 = р « д о .
Разбиваем балку-раму на сечения. Составляем выражения М , Q и N для всех 4 участков рамы.
Сечение I - I :
|
Мх= 0; |
Q2 - 0 ; |
||
|
* ~ * А |
~ |
до |
|
|
2 |
|||
Сечение П-П: |
|
|
|
|
|
wf ~ ' р*г - ~ 9 » х г ; |
|||
|
|
- R. = - |
_ £ 1 _ . |
|
при |
хв - О мй * 0 1 |
|||
при |
i j в а |
м- = - |
да* |
|
|
|
Сечение Ш-Ш:
« - = ^ s - P o - S p . ^ ( f d . 0 ‘ .
Ц * “л - n = 9 ( - f - - x 3) ;
H® = - P =- ÇO ;
при
при
при
X = 0 M~ — |
а * = Ц --, |
|
X = 0 |
Mw = - ç a li Оа = - ф ; |
|
z = 2û |
tfü |
Q'1'= - M1%аü. |
M-'-==--2ÿça*j2j |
Поперечная сила Q~ равна нулю при Zj - -j- (см. выражение
для Q1*' ) . Следовательно, в этом сечении изгибающий момент имеет экстремальное значение (в данном случав min ):
М * .
Сечение |
1У-1У: |
|
|
||
|
|
м - |
=Ht x „ - t)axt i |
Hg = ça-, |
|
|
|
|
# |
' . - * , — |
3 2 . ; |
при |
* |
4 = |
0 |
MS - 0 i |
|
при |
Ц = la |
М~ = Ц а,2 |
|
||
|
|
|
|
IV |
|
Эпюры M |
, Q. , N |
представлены |
на рис. 4 .2 . |
N
г
|
Рис. 4 .2 |
|
4 .2 . |
Найти уравнение упругой линии для консоли |
(рис. 4 . 3 ) , на- |
груженной сосредоточенной силой Р на свободном конце, и |
вычис- |
|
лить °^maz |
и &тах • |
|
------------- Балка имеет один участок . Изгибающий момент в произ
вольном сечении |
M(Z) -~Pz . Подставим выражение M(Z) в диффе |
||
ренциальное уравнение упругой линии: |
|
||
|
|
P î ' |
|
Интегрируем его |
дважды. |
|
|
E ) 6 ( z ) = - * С » |
f y o M = - |
♦ Съ + D |
|
Постоянные |
С и D находятся из опорных условий консоли (е с |
||
ли число участков балки - |
ГП. , то количество |
постоянных интегриро |
вания - 2т ) . Условие для углов поворота дает