книги / Тестовые задания по курсу высшей математики. Ч. 2 Теория пределов. Производная и дифференциал. Основные теоремы о дифференцируемых функциях. Исследование поведения функций
.pdfЗадача 1.2.22
Значение предела lim |
ln(1− sin2 3x) |
равно ... . |
|
x |
2 |
||
x→ 0 |
|
|
Решение:
Выражение под знаком предела представляет собой неопре-
деленность типа 0 .
0
При x → 0 числитель и знаменатель являются бесконечно малыми. Используятаблицуэквивалентных бесконечномалых, имеем
ln (1 − sin2 3x) − sin2 3x при x → 0. |
|
|
|
|||||||
lim |
ln(1 − sin2 3x) |
= lim |
− sin2 3x |
= lim |
−9x2 |
|||||
x |
2 |
x |
2 |
x |
2 |
= −9. |
||||
x→ 0 |
|
x→ 0 |
|
|
x→ 0 |
|
|
|||
Ответ: –9. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Задача 1.2.23 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Значение предела lim |
3x − 2 |
2 x |
|
|
|
|||||
|
+ 1 |
|
равно ... . |
|||||||
|
|
|
x→ +∞ x |
|
|
|
|
|
1)+∞;
2)3;
3)−2;
4)0.
Решение:
Справедливо следующее утверждение:
Если lim f (x) = A, |
lim g (x) = B, при этом число |
x→ x0 |
x→ x0 |
и не равно единице, то существует предел lim f ( x)g(x)
x→ x0
Aконечно
=AB .
Выражение |
3x − 2 |
при x → +∞ представляет собой неопре- |
|
|
x + 1 |
|
|
деленность типа ∞ |
, |
тогда для нахождения предела основания |
|
|
∞ |
|
|
числитель и знаменатель дроби разделим на x:
31
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim 3x − 2 |
= lim |
|
3 − x |
|
|
= 3. |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
x→∞ |
x + 1 |
x→∞ |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
1 |
+ x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Предел показателя равен +∞. |
|
|
||||||||||||||
Таким образом, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
lim |
3x − 2 2 x |
= |
|
+∞ |
= +∞. |
|
|
|||||||||
|
|
3 |
|
|
|
|
||||||||||
x→ + ∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
x + 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Ответ: 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Задача 1.2.24 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x − 1 2 x−1 |
равно ... . |
|||
Значение предела lim |
|
|
|
|||||||||||||
4x + 1 |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
x→ + ∞ |
|
|
|||||||
1) 0; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
2) |
1 |
; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3) |
1 |
; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
9 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4) ∞. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Найдем предел основания: |
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|||
lim |
x − 1 |
= lim |
1− x |
= |
1 . |
|
|
|
||||||||
4x + 1 |
|
|
|
|
||||||||||||
x→+∞ |
x→+∞ |
|
|
1 |
|
4 |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
4 + x |
|
|
|
|
Предел показателя равен +∞. Таким образом,
|
x − 1 2 x−1 |
|
1 +∞ |
|
||||||
lim |
|
|
|
= |
|
|
|
= 0. |
||
4x + 1 |
4 |
|||||||||
x→ + ∞ |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: 1.
32
Задача 1.2.25 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Значение предела |
|
|
|
|
3x − 2 −2 x |
||||||
lim |
x + 1 |
|
равно ... . |
||||||||
|
|
|
|
|
x |
→ + ∞ |
|
|
|||
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Найдем предел основания: |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
lim |
3x − 1 = lim |
|
3 − x |
|
= 3. |
|
|
||||
|
|
|
|
||||||||
x→+∞ |
x + 1 |
x→+∞ |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
+ x |
|
|
|
|
|||
Предел показателя равен −∞. |
|
|
|||||||||
Таким образом, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
lim |
3x − 2 |
2 x−1 |
= |
|
−∞ |
|
= 0. |
|
|
||
|
|
3 |
|
|
|||||||
x→ + ∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
x + 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: 0. |
|
|
|
|
|
|
||
Задача 1.2.26 |
|
|
|
|
|
|
||
Значение предела |
|
− |
4 |
|
x+1 |
|||
lim 1 |
|
|
|
равно ... . |
||||
x + 1 |
||||||||
|
|
x→∞ |
|
|
|
|||
1) |
e−4 ; |
|
|
|
|
|
|
|
2) 1; |
|
|
|
|
|
|
||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
3) |
e− 2 ; |
|
|
|
|
|
|
|
4) |
e2 . |
|
|
|
|
|
|
Решение:
Поскольку |
|
− |
4 |
|
|
= 1, |
а |
|
( x + 1) = ∞, выраже- |
|
lim 1 |
|
|
|
lim |
||||||
x + 1 |
||||||||||
|
x→∞ |
|
|
|
|
x→∞ |
|
ние под знаком предела представляет собой неопределенность типа (1∞ ).
|
+ |
1 |
x |
|
Применим второй замечательный предел lim 1 |
x |
|
= e: |
|
x→∞ |
|
|
|
33
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x+1 |
(−4) |
|||||
|
|
|
|
x+1 |
|
|
|
|
|
|
x+1 |
(−4) |
|
|
|
|
|
−4 |
|||||||||
|
|
|
4 |
|
|
|
−4 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
−4 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
lim 1− |
|
|
= lim |
1+ |
|
|
|
|
|
|
= lim |
1+ |
|
|
|
|
= |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
x + 1 |
|
||||||||||||||||||||
x |
→∞ |
x + 1 |
x→∞ |
|
|
x + 1 |
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
−4 |
|
|
|
||||
lim |
−4 |
) = e−4 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= ex→∞ ( |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Ответ: 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Задача 1.2.27 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Если a |
– значение предела lim |
|
10x − 3 5 x |
то значение вы- |
|||||||||||||||||||||||
|
10x + 1 |
|
|
, |
|||||||||||||||||||||||
ражения ln a равно ... . |
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Решение: |
|
10x − 3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Поскольку lim |
= 1, а lim 5x = ∞, |
выражение под зна- |
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
x→∞ |
10x + 1 |
|
|
x |
→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
( |
|
|
) |
|
||||
ком предела представляет собой неопределенность типа 1∞ |
|
. |
|||||||||||||||||||||||||
Выполним тождественные преобразования и применим вто- |
|||||||||||||||||||||||||||
рой замечательный предел: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
10x − 3 |
5 x |
|
|
|
10x − 3 |
|
|
5 x |
|
|
|
|
|
|
−4 5 x |
|
|||||||||
lim |
|
|
= lim 1 |
+ |
10x + 1 |
− 1 |
= lim |
1 |
+ |
|
|
|
|
|
|
= |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
x |
→∞ 10x + 1 |
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
10x + 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
−4 |
|
|
|
|
|
10 x+1 |
|
|
5 x |
|
|
|
10 x+1 |
||||
|
|
|
|
−4 |
|
||
= lim |
1 |
+ |
1 |
|
|
||
|
|
||||||
x→∞ |
|
|
10x + 1 |
|
|||
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
−4 |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
Таким образом, a = e−2, тогда
Ответ: –2.
Задача 1.2.28
Если a – значение предела
ние выражения ln a равно ... .
lim −20 x −2 = ex→∞ 10 x+1 = e .
ln a = ln e−2 = −2.
|
5x 2 +8x − 2 |
4 x+1 |
|||
lim |
|
|
|
|
, то значе- |
5x |
2 |
+ 3x + 3 |
|||
x→∞ |
|
|
|
34
Решение: |
|
|
|
|
|
Поскольку lim |
5x2 + 8x − 2 |
= 1, |
а |
lim |
(4x +1) = ∞, выражение |
x→∞ |
5x2 + 3x + 2 |
|
|
x→∞ |
|
под знаком предела представляет собой неопределенность типа (1∞ ).
Выполним тождественные преобразования и применим второй замечательный предел:
|
5x 2 +8x − 2 |
4 x+1 |
|
|
5x 2 +8x − 2 |
4 x+1 |
|||||||
lim |
|
|
|
|
|
= lim 1 |
+ |
|
|
|
|
− 1 |
= |
5x |
2 |
+ 3x + 3 |
5x |
2 |
+ 3x + 3 |
||||||||
x→∞ |
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5x2 +3x+3 5x−5 |
(4 x+1) |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5x−5 |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5x2 +3x+3 |
|||||||||
|
|
|
|
5x |
− 5 4 x+1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
= lim 1+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= lim |
1+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
||||
5x |
2 |
+ |
3x + 3 |
|
5x |
2 |
+ 3x + |
3 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
x→∞ |
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5x − 5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5x−5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5x2 +3x+3 |
|
|
(4 x+1) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5x2 +3x+3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5x−5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim |
5x−5 |
( |
4 x+1 |
|
|||
= lim |
1+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= e |
x→∞ 5x2 +3x+3 |
|
) |
= |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
5x |
2 |
+ 3x + 3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
5x − 5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim |
20 x2 |
−15x−5 |
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= e |
|
|
+3x+3 |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ 5x2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= e |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Таким образом, |
a = e4 , тогда ln a = ln e4 |
= 4. |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
Ответ: 4. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Задача 1.2.29 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
– значение предела lim(4x − 11) |
5 x |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
Если |
|
a |
|
x−3 |
, то значение вы- |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ражения ln a равно ... .
35
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Поскольку |
lim (4x − 11) = 1, а |
lim |
|
|
5x |
|
= ∞, выражение под |
|||||||||||||||||
x − 3 |
||||||||||||||||||||||||
|
x→3 |
|
|
x→3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
( |
) |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||
знаком предела представляет собой неопределенность типа 1∞ |
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
= e. |
|
|
||
Применим второй замечательный предел lim(1+ x)x |
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Поскольку |
x → 3 (а в формуле |
x → 0 ), |
|
выполним замену |
||||||||||||||||||||
переменной: t = x − 3. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Тогда x = t + 3 и при x → 3 t → 0 . |
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
5 x |
|
|
|
|
|
( |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
lim(4x − 11)x−3 = lim(4(t + 3) − 11) |
5 t+3 |
|
|
|
|
|
|
|
( |
|
) |
|
|
|
|
|||||||||
t |
|
|
= lim(1+ 4t ) |
|
t |
|
= |
|
|
|||||||||||||||
x→3 |
|
|
|
|
t→0 |
|
|
|
|
|
|
t→0 |
|
|
5 |
|
t +3 |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
1 |
|
4 5(t +3) |
lim 4 5(t +3) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
4t |
= e60 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
= lim (1+ 4t ) |
|
|
|
|
= et→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
t→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Таким образом, a = e60 , тогда ln a = ln e60 = 60. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
Ответ: 60. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 1.2.30 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− x − 2, x ≤ −2 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− x |
2 |
, −2 < x ≤ 2 являет- |
||||||||||
Точкой(-ами) разрыва функции y = 4 |
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x, |
x > 2 |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ся(-ются) точка(-и) ... .
1)x = 2;
2)x = −2;
3)x1 = −2, x2 = 2;
4)x = 0.
Решение:
Числовая ось – область определения функции y(x) – разбита на три промежутка: (−∞;−2], (−2;2], (2;+∞ ), в каждом из которых функция совпадает с элементарными функциями
f |
(x) = − x − 2, |
f |
2 |
( x) = 4 − x2 |
, |
f |
3 |
( x) = x |
(рис. 1.9). |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
36
Рис. 1.9
Поскольку функции f1 (x), f2 (x), f3 ( x) непрерывны, данная
функция также является непрерывной внутри каждого промежутка, а возможными точками разрыва могут быть точки x1 = −2,
x2 = 2. Исследуем эти точки. Для этого найдем односторонние
пределы функции y( x) в точках x1 = −2, |
x2 = 2. |
|
|
|
||||||||||||
|
Поскольку |
y (x) = − x − 2 |
|
при |
|
x ≤ −2, |
|
lim y ( x) = |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→−2 |
−0 |
= |
lim |
|
(− x − 2) = 0. |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
x→−2−0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Поскольку |
y ( x) = 4 − x2 |
при |
−2 < x ≤ 2, |
|
lim y ( x) = |
||||||||||
|
|
0 ( |
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
|
x→−2 |
+ 0 |
||
= |
lim |
4 − x |
2 |
= 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
x→ −2+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Значение функции в точке x1 = −2 равно y (−2) = 0. |
|
||||||||||||||
|
Таким |
|
образом, lim y ( x) = |
lim |
y ( x) = y (−2), |
следова- |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→−2−0 |
|
x→−2+ 0 |
|
|
|
|
|
тельно, точка x1 = −2 точкой разрыва не является. |
|
|
|
|||||||||||||
|
Исследуем вторую точку. |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
Поскольку |
y ( x) = 4 − x2 |
при |
−2 < x ≤ 2, |
|
lim y ( x) = |
||||||||||
|
|
( |
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
x→2 |
− 0 |
|
= lim |
4 − x2 |
= 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
x→ 2−0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Поскольку y ( x) = x при x > 2, |
lim |
0 |
y ( x) = lim |
x = 2. |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→2+ |
x→2 |
+ 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
37 |
Таким образом, lim |
y ( x) ≠ lim y ( x), т.е. в точке x2 = 2 |
x→2−0 |
x→2+ 0 |
функция имеет конечные пределы слева и справа, не равные друг другу. Следовательно, точка x2 = 2 – точка разрыва первого рода.
Ответ: 1.
Задача 1.2.31
|
|
|
|
|
|
x + |
π |
, |
|
x |
≤ − |
π |
; |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
2 |
||||||||
|
π |
|
|
|
|
|
|
|
π |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Точки разрыва x1 = − |
|
, x2 |
= 0 |
функции |
y = − tg x, − |
|
|
< x < 0; |
|||||||
2 |
2 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
π |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
x + |
|
, x ≥ 0 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
являются точками разрыва ... .
1)x1 – второго рода, x2 – первого рода;
2)первого рода;
3)второго рода;
4)x1 – первого рода, x2 – второго рода.
Решение:
Напомним, что x = x0 − точка разрыва первого рода, если функция y = f (x) имеет в точке x = x0 конечные односторонние пределы, не равные друг другу.
|
lim f |
( x) |
= A, lim f (x) = B, A ≠ B. |
|
|
|
|
||||||||
|
x→ x0 −0 |
|
|
|
x→ x0 + 0 |
|
|
|
|
|
|||||
Если хотя бы один из односторонних пределов равен беско- |
|||||||||||||||
нечности, то x = x0 − точка разрыва второго рода. |
|
|
|||||||||||||
Вычислим односторонние пределы функции y = f (x) |
в точ- |
||||||||||||||
ке x |
= − |
π |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
1 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
π |
|
π |
|
|
|
|||
Поскольку |
f ( x) = x + |
при x ≤ − |
, то |
lim |
f ( x) = |
||||||||||
|
2 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
x→− π−0 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
π |
|
|
|
|
|
|
|
||||
= lim |
x + |
|
|
|
= 0. |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
x→− |
π−0 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
38
Поскольку f (x) = −tgx при − |
π |
< x < 0, |
lim f ( x) = |
|||||
2 |
||||||||
|
|
|
|
x→− |
π |
−0 |
||
= lim (−tgx) = +∞. |
|
|
|
|
2 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
||
x→− π+ 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Следовательно, x = − |
π |
– точкаразрывавторогорода(рис. 1.10). |
||||||
|
||||||||
1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 1.10
Вычислим односторонние пределы функции y = f (x) в точ-
ке x2 = 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Поскольку |
|
f (x) = −tgx |
при |
− |
π |
< x < 0, |
lim f (x) = |
||||
|
2 |
||||||||||
= lim |
(−tgx) = 0. |
|
|
|
|
|
x→0−0 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||
x→0− 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Поскольку |
|
f (x) = x + |
π |
при |
x ≥ 0, то |
lim f ( x) = |
|||||
|
2 |
||||||||||
|
|
π |
π |
|
|
|
|
|
x→0+ 0 |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
= lim |
x + |
|
= |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
||||
x→0+ 0 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
Таким образом, односторонние пределы в точке x2 = 0 конечны и различны. Следовательно, x2 = 0 – точка разрыва перво-
го рода (см. рис. 1.10).
Ответ: 1.
39
Задача 1.2.32
3 |
x − 2 |
|
|
Если x = a – точка разрыва функции y = |
|
|
, то значение |
|
x |
||
a равно... . |
|
||
|
|
Решение:
Данная функция является отношением двух непрерывных функций и потому непрерывна во всех точках области определения, кроме точки x = 0. .
Найдем односторонние пределы функции в этой точке:
|
3 |
x − 2 |
|
|
3 −2 |
|
|
|
||
lim |
f ( x) = lim |
|
|
|
|
= |
|
|
|
= +∞, |
|
|
x |
−0 |
|||||||
x→0−0 |
x→0−0 |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
3 |
x − 2 |
|
|
3 −2 |
|
|
|
||
lim |
f (x) = lim |
|
|
|
= |
|
|
|
= −∞. |
|
|
x |
|
+0 |
|
||||||
x→0+ 0 |
x→0+ 0 |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
Таким образом, точка x = 0 – точка разрыва второго рода.
Ответ: 0.
40