книги / Тестовые задания по курсу высшей математики. Ч. 2 Теория пределов. Производная и дифференциал. Основные теоремы о дифференцируемых функциях. Исследование поведения функций
.pdfтельно найти производную первого порядка, затем второго и третьего порядков:
y′ = 2(3x − 15)(3x − 15)′ = 2(3x − 15) 3 = 6(3x − 15); y′′ = ( y′)′ = (6(3x − 15))′ = 18;
y′′′ = ( y′′)′ = (18)′ = 0; yIV = ( y′′′)′ = (0)′ = 0.
|
Ответ: 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
Задача 2.2.18 |
|
|
|
|
y′′ |
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
Значение производной |
функции, заданной параметриче- |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
xx |
|
|
|
|
|
ски: |
x = t + 1; |
|
при t |
=1 равно ... . |
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
= 3t4 |
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
y |
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x = x(t ); |
|||||||
|
Если функция |
y = y ( x) |
задана параметрически: |
|||||||||||||||||||
|
|
y = y (t ), |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
то вторая производная |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y′ |
′ |
|
|
|
yt′ |
|
|
|
|
|
y′′ |
|
= |
y′ ′ |
|
= ( |
|
x |
) t , где |
y′ = |
. |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
xx |
|
( |
x ) x |
|
|
|
|
xt′ |
|
x |
|
xt′ |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
Найдем производные yt′, xt′: |
|
|
|||||||||||||||||||
|
xt′ = (t + 1)′t = 1, yt′ = (3t4 )′t |
= 12t3 . |
|
|
||||||||||||||||||
|
Тогда y′ = |
|
yt′ |
|
= |
12t3. |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
xt′ |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Найдем |
( |
|
|
x ) t |
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
( |
y′ ′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
( |
y |
x ) t |
|
|
|
) t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
′ |
′ |
= |
12t3 ′ |
= 36t2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
Таким образом, |
|
y′′ = ( |
y′ |
′ |
= 36t2 . |
|
|
||||||||||||||
|
|
x |
) t |
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
xx |
xt′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
61
Подставляя t = 1, получим значение второй производной функции, заданной параметрически:
′′ |
|
|
|
|
|
|
yxx (1) = 36. |
|
|
|
|
|
|
Ответ: 36. |
|
|
|
|
|
|
Задача 2.2.19 |
|
|
y′′ |
|
|
|
Значение |
производной |
|
функции, |
заданной неявно: |
||
|
|
|
|
xx |
|
|
y = cos(x + y) |
, в точке M |
0; |
π |
равно ... . |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
Решение: |
|
|
|
|
|
|
Найдем значение первой производной y′ |
функции, заданной |
|||||
|
|
|
|
|
x |
|
неявно уравнением y = cos(x + y) , и значение этой производной в
точке M 0; π .
2
Для этого продифференцируем обе части равенства y = cos(x + y), учитывая, что y является функцией от x и, следо-
вательно, x′ = 1, а ( y)′ = y′:
( y)′ = (cos( x + y))′;
y′ = − sin ( x + y)( x + y)′; y′ = − sin ( x + y)(1+ y′).
sin (x + y)
Отсюда y′ = − 1+ sin (x + y) .
Подставляя x = 0 и y = π2 , получим значение первой произ-
водной в точке M 0; π , т.е.
2
62
|
|
|
0 |
+ |
π |
|
|
|
|
|
|
sin |
2 |
|
|
|
1 |
||
′ |
(0) = − |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
π = − |
2 . |
||||
y |
|
0 |
+ |
||||||
|
|
1+ sin |
2 |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Найдем вторую производную y′′ . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
xx |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Для |
этого |
продифференцируем |
|
|
обе |
части |
равенства |
||||||||||||||||||||
y′ = − |
sin ( x + y) |
, помня, что y |
является функцией от x: |
|
|
|
||||||||||||||||||||||
1+ sin (x + y) |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sin ( x + y) |
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
y′′ = |
− |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ sin (x + y) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
= − |
cos( x + y)(1 + y′)(1+ sin (x + y)) − sin |
(x + y)cos( x + y)(1 + y′) |
; |
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
(1 + sin (x + y))2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
y′′ = − |
cos( x + y)(1 + y′)((1 + sin ( x + y)) − sin ( x + y)) |
= |
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(1 + sin (x + y))2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
= − |
cos(x + y)(1 + y′) |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
(1 + sin (x + y))2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
Подставляя x = 0, y = |
π |
, y′ = − |
1 |
, |
получим значение второй |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
xx |
|
|
|
|
2 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
( |
|
|
) |
|
|
|
производной |
y′′ |
функции, |
заданной неявно: |
y = cos |
|
x + y |
|
, в |
||||||||||||||||||||
|
|
|
0; |
π |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
точке M |
2 |
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
π |
|
− |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos 0 + |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
′′ |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
y |
(0) = − |
|
|
+ |
π |
2 = 0. |
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 + sin |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: 0.
63
Задача 2.2.20
Дифференциал функции y = 2sin x равен … .
1)dy = sin x2sin x−1 dx;
2)dy = sin x2sin x−1 cos xdx;
3)dy = 2sin x dx;
4)dy = 2sin x cos x ln 2dx.
Решение:
Чтобы найти дифференциал какой-либо функции, надо найти производную этой функции и умножить ее на дифференциал
независимой переменной, т.е. dy = f ′( x)dx.
Таким образом, если y = 2sin x, то dy = (2sin x )′ dx =
= 2sin x cos x ln 2dx.
Ответ: 4.
Задача 2.2.21
Дифференциал функции y = ex ln(x − 5) равен … .
1) |
dy = (ex |
+ ln(x − 5))dx; |
|||
2) |
dy = |
ex |
|
dx; |
|
x − |
5 |
||||
|
|
|
3)dy = ex ln(x − 5) − 1 dx;
x
|
x |
|
1 |
|
|
4) dy = e |
ln(x − 5) |
+ |
|
dx. |
|
x − 5 |
|||||
|
|
|
|
Решение:
dy = (ex ln(x − 5))′ dx = (ex )′ ln(x − 5) + ex (ln(x − 5))′ dx = |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
x 1 |
|
x |
|
|
1 |
|
|
= e |
|
ln(x − 5) |
+ e |
|
|
dx = e |
ln(x |
− 5) |
+ |
|
dx. |
|
|
x − 5 |
x − 5 |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: 4.
64
Задача 2.2.22 |
|
|
|
Дифференциал функции |
y = (x2 − 3x − 15)2 в точке x =1 при |
||
x = 0,01 равен ... . |
|
|
|
Решение: |
|
|
|
Найдем значение производной функции y = (x2 − 3x − 15)2 |
в |
||
точке x =1: |
|
|
|
y′ = ((x2 − 3x − 15)2 )′ = 2(x2 − 3x − 15)(2x − 3); |
|
||
y′ (1) = 2(12 − 3 1 − 15)(2 1 − 3) = 34. |
|
||
Учитывая, что дифференциал независимой переменной сов- |
|||
падает с ее приращением, т.е. |
dx = |
x, вычислим дифференциал |
|
функции по формуле dy = y′ (x) x. |
|
|
|
Таким образом, dy = 34 0,01 = 0,34. |
|
||
Ответ: 0,34. |
|
|
|
Задача 2.2.23 |
y(x), |
|
|
Дифференциал функции |
заданной неявно уравнением |
||
y = xey, в точке M (0;0) при |
x = 0,01 равен ... . |
|
|
Решение: |
|
|
|
Дифференциал функции вычислимпоформуле dy = y′ (x) x. |
|
||
Для этого найдем производную неявной функции y = xey |
в |
||
точке M (0;0): |
|
|
|
y′ = x′ey + x(ey )′; y′ = ey + xey y′; y′ (1 − xey ) = ey.
65
|
y′ = |
ey |
|
Отсюда |
|
. |
|
1 − xey |
Вычислим производную неявной функции в точке M (0;0):
′ |
|
e0 |
|
|
(0) = 1− 0e0 |
= 1. |
|||
y |
||||
По условию |
x = 0,01. |
dy = y′ x = 1 0,01 = 0,01.
Ответ: 0,01.
66
III.ОСНОВНЫЕ ТЕОРЕМЫ
ОДИФФЕРЕНЦИРУЕМЫХ ФУНКЦИЯХ. ИССЛЕДОВАНИЕ ПОВЕДЕНИЯ ФУНКЦИЙ
§3.1. Вопросы тестовых заданий
Вопрос 3.1.1
Каким из сформулированных ниже условий должна удовлетворять функция, чтобы в интервале (a; b) существовала по
крайней мере одна точка с, в которой производная функции обращается в нуль (рис. 3.1)?
Рис. 3.1
1.Функция f (x) непрерывна на отрезке [a;b].
2.Функция f ( x) имеет конечную производную в каждой точке интервала (a;b).
3.Функция f (x) принимает равные значения на концах отрезка f (a) = f (b).
4.Функция f (x) непрерывна на интервале (a;b).
5.Функция f ( x) принимает неравные значения на концах отрезка f (a) ≠ f (b).
67
Решение:
Согласно теореме Ролля (теореме о корнях производной), для функции f ( x) на интервале (a;b) существует по крайней мере одна точка c, в которой производная обращается в нуль
(т.е. касательная к графику функции параллельна оси абсцисс), если выполнены следующие условия:
1)функция f (x) непрерывна на отрезке [a;b];
2)функция f ( x) имеет конечную производную в каждой точке интервала (a;b);
3)функция f ( x) принимает равные значения на концах отрезка f (a) = f (b).
Ответы: 1, 2, 3.
Вопрос 3.1.2
Если функция y = f (x) непрерывна на отрезке [a;b] и имеет конечную производную в каждой точке интервала(a;b), то найдется по крайней мере одна, внутренняя, точка c (a;b), для которой выполнено равенство … :
1)f (b) − f (a) = f ′(c)(b − a);
2)f ′(c) = 0, a < c < b;
3)f (b) − f (a) = f ′(c).
Решение:
Согласно теореме Лагранжа, если функция y = f (x) непрерывна на отрезке [a;b] и имеет конечную производную в каждой точке интервала(a;b), то найдется по крайней мере одна внутренняя, точка c (a;b), для которой выполнено равенство f (b) − f (a) = f ′(c)(b − a).
Ответ: 1.
68
Вопрос 3.1.3
Каким из сформулированных ниже условий должны удовлетворять функции f (x) и ϕ(x), чтобы внутри отрезка [a;b] на-
шлась такая точка c (a;b), |
что |
f (b) − f (a) |
= |
f ′(c) |
? |
|
ϕ (b) − ϕ(a) |
′ |
(c) |
||||
|
|
|
ϕ |
|
1)функции f (x) иϕ(x) непрерывны на интервале (a;b);
2)функции f (x) иϕ(x) непрерывны на отрезке [a;b];
3)функции f (x) иϕ(x) имеют конечные производные во всех точках интервала (a;b);
4)ϕ′(x) ≠ 0 для любого x (a;b);
5)функции f (x) иϕ(x) имеют нулевые производные во всех
точках отрезка [a;b].
Решение:
Согласно теореме Коши, если функции y = f (x) и y = ϕ(x) непрерывны на отрезке [a;b] и имеют конечные производные в
каждой точке интервала (a;b), |
при этом |
′ |
|
для любого |
|||||
ϕ (x) ≠ 0 |
|||||||||
x (a;b), то найдется внутренняя точка |
c (a;b), |
для которой |
|||||||
|
f (b) − f (a) |
|
|
′ |
(c) |
|
|
|
|
выполнено равенство |
= |
f |
. |
|
|
|
|||
ϕ (b) − ϕ (a) |
′ |
|
|
|
|
||||
|
|
ϕ |
(c) |
|
|
|
|||
Ответ: 2, 3, 4. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вопрос 3.1.4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Если для всех x, |
принадлежащих некоторой окрестности точ- |
||||||||
ки x0 и отличных от |
x0 , справедливо неравенство |
f (x) > f (x0 ), |
|||||||
то точка x0 называется точкой локального … . |
|
|
|||||||
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Точка x0 называется точкой локального минимума, если суще- |
|||||||||
ствует такая δ -окрестность точки |
x0 , |
что для всех |
x ≠ x0 из этой |
||||||
окрестностивыполняетсянеравенство |
f ( x) > f (x0 ) |
(рис. 3.2). |
69
Рис. 3.2
Ответ: минимума.
Вопрос 3.1.5
На рисунках изображены графики функции y = f (x) тервале (a;b). Указать случаи, когда f ′ (x) < 0 в интервале
1.
2.
на ин-
(a;b):
70