книги / Тестовые задания по курсу высшей математики. Ч. 2 Теория пределов. Производная и дифференциал. Основные теоремы о дифференцируемых функциях. Исследование поведения функций
.pdfСледует запомнить:
Наибольшее и наименьшее значения непрерывной функции y = f ( x) на отрезке [a; b] достигаются или в критических
точках функции, расположенных внутри отрезка, или на концах отрезка.
Исходя из этого, верные ответы 2, 3.
Ответ: 2, 3.
Вопрос 3.1.11
Если функция y = f (x) на отрезке [a;b] монотонно возрастает, то ее наибольшее значение равно … :
1)f (a);
2)f (b);
3)f (c), c (a,b);
4)наибольшего значения нет.
Решение:
Если функция y = f (x) монотонно возрастает на отрезке [a;b], то большему значению аргумента соответствует большее значение функции. Поскольку самое большое значение аргумента
равно |
b, наибольшее значение функции y = f (x) на отрезке |
[a;b] |
равно f (b) (рис. 3.11). |
Рис. 3.11
Ответ: 2.
81
Вопрос 3.1.12
Дан график функции y = f (x).
Укажите верные утверждения:
1)в точках x1 , x3 , x6 функция имеет максимум;
2)в точках x2 , x4 , x5 функция имеет минимум;
3)в точках x1 , x3 функция имеет максимум, а в точках x4 , x6 –
минимум;
4) x1 , x2 , x3 , x4 , x5 , x6 – точки экстремума.
Решение:
Точка x0 называется точкой локального максимума, если существует такая δ -окрестность точки x0 , что для всех x ≠ x0 из этой окрестности выполняется неравенство f ( x) < f (x0 ), а зна-
чение функции в этой точке f (x0 ) |
называется локальным мак- |
|
симумом функции. |
|
|
Точка x0 называется точкой локального минимума, если су- |
||
ществует такая δ -окрестность точки |
x0 , что для всех |
x ≠ x0 из |
этой окрестности выполняется неравенство f ( x) > f (x |
), а зна- |
|
|
0 |
|
чение функции в этой точке f (x0 ) называется локальным мини-
мумом функции.
Таким образом, первое и второе утверждения ошибочны.
82
Третье утверждение верное.
Точки локального минимума и максимума называются точками экстремума, поэтому четвертое утверждение верно.
Ответ: 3, 4.
Вопрос 3.1.13
Если прямая y = kx + b является правой наклонной асимптотой графика функции y = f (x), то выполнены условия … :
1) |
k = lim |
|
f ( x) |
, b = lim |
( f (x) − kx); |
||||
|
x |
||||||||
|
x→+∞ |
|
x→+∞ |
|
|
|
|||
2) |
k = lim |
|
f (x) |
|
, b = lim ( f ( x) − kx); |
||||
|
x |
||||||||
|
x→ +0 |
|
x→+0 |
|
f ( x) |
|
|||
3) |
k = lim |
( f ( x) − x) , b = lim |
; |
||||||
|
|||||||||
|
x→ +∞ |
|
|
|
|
x→+∞ |
x |
||
4) |
k = lim |
|
x |
, b = lim |
( f (x) − x). |
||||
|
f ( x) |
||||||||
|
x→+∞ |
|
x→+∞ |
|
|
|
Решение:
График функции y = f (x) имеет правую наклонную асимптоту в том и только том случае, когда существуют конечные пре-
делы lim |
f (x) |
= k |
и b = lim |
( f ( x) − kx). |
|
x |
|||||
x→+∞ |
|
x→+∞ |
|
Таким образом, верный ответ 1.
Ответ: 1.
Вопрос 3.1.14
Если прямая y = b является правой горизонтальной асимптотой графика функции y = f (x), то выполнены условия …:
1) |
k = lim |
f (x) |
|
= 0; |
|
x |
|||||
|
x→+∞ |
|
|||
2) |
b = lim |
f (x); |
|
||
|
x→+∞ |
|
|
|
83
3) |
k = lim( f (x) − x) = 0; |
||
|
x→+∞ |
|
|
4) |
b = lim |
f ( x) |
. |
|
|||
|
x→+∞ |
x |
Решение:
Горизонтальную асимптоту можно рассматривать как частный случай правой наклонной асимптоты при k = 0, при условии,
что существует конечный предел lim f ( x) = b. |
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→+∞ |
|
|
|
|
||
Ответ: 1, 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
§3.2. Задачи |
|
|
|
|
|||||
Задача 3.2.1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Значение предела lim sin3πx равно ... . |
|
|
|||||||||||||||
Решение: |
|
|
|
x |
→1 |
sin2πx |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Выражение под знаком предела представляет собой неопре- |
|||||||||||||||||
деленность типа 0 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Для раскрытия неопределенности применим правило Лопи- |
|||||||||||||||||
таля, согласно которому если lim f |
|
( x) = 0 и lim g (x) = 0 и суще- |
|||||||||||||||
|
f ′ ( x) |
|
|
|
|
|
(x) |
|
x→a |
|
f ′( x) |
|
x→a |
||||
ствует lim |
, то |
lim |
|
f |
|
= lim |
|
. |
|
|
|
||||||
g′( x) |
|
g |
( x) |
|
|
g′(x) |
|
|
|
||||||||
x→a |
|
|
x→a |
|
|
x→a |
|
|
|
|
|
||||||
В данном случае имеем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
lim sin3πx |
= lim |
(sin3πx)′ |
|
= lim |
|
3π cos3πx |
= |
−3π |
= −1,5. |
||||||||
(sin2πx)′ |
|
|
|
||||||||||||||
x→1 sin2πx |
|
x→1 |
|
x→1 |
|
2π cos 2πx |
2π |
||||||||||
Ответ: –1,5. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Задача 3.2.2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Значение предела lim |
|
|
x3 |
|
равно ... . |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
x→+∞ e10 x + 10 |
|
|
|
|
|
|
84
Решение: |
|
|
(e10 x + 10) = +∞, выражение |
Поскольку lim x3 |
= +∞ и |
lim |
|
x→+∞ |
|
x→+∞ |
|
под знаком предела представляет собой неопределенное выраже-
ние вида ∞ .
∞
Применим правило Лопиталя:
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
(x |
3 |
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
lim |
|
x |
|
|
|
|
= lim |
|
) |
|
= lim |
|
3x |
|
|
. |
||||||||
|
|
|
|
|
|
(e10 x |
+ 10)′ |
|
|
|
|
|
||||||||||||
x→+∞ e10 x + |
10 |
x→+∞ |
|
x→+∞ 10e10 x |
|
|||||||||||||||||||
Полученная дробь также представляется неопределенностью |
||||||||||||||||||||||||
вида ∞ |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Применим повторно правило Лопиталя: |
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
3x2 |
|
|
|
|
|
( |
3x2 )′ |
|
|
|
|
|
6x |
|
|
|
∞ |
|||||
lim |
|
|
|
= lim |
|
|
|
|
|
|
= lim |
|
|
|
= |
. |
||||||||
|
10 x |
|
|
|
10 x |
|
′ |
|
|
|
10 x |
|||||||||||||
x→+∞ 10e |
|
|
|
|
x→+∞ |
|
|
|
|
|
x→+∞ 100e |
|
|
|
∞ |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
10e |
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
( |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Применим правило Лопиталя третий раз: |
|
|||||||||||||||||||||||
lim |
|
6x |
|
|
= lim |
|
(6x)′ |
|
|
= lim |
|
|
6 |
|
|
= 0 . |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
′ |
|
|
|
|
|
|||||||||
x→+∞ 100e10 x |
|
x→+∞ |
|
10 x |
|
x→+∞ 1000e10 x |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
100e |
|
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
( |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: 0.
Значение предела lim |
|
sin2 x |
равно ... . |
||||||
x |
( |
e2 x |
− 1 |
||||||
|
|
|
x→0 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
) |
|
||
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Выражение |
|
sin2 x |
|
при |
x → 0 представляется неопреде- |
||||
x |
( |
e2 x − 1 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
) |
|
|
|
|
|
ленным выражением типа 0 .
0
85
Применим правило Лопиталя: |
|
|
|
|
|||||||
lim |
|
sin2 x |
= lim |
|
2sin x cos x |
= lim |
sin 2x |
|
. |
||
|
( |
) |
( |
) |
|
2xe2 x + e2 x − 1 |
|||||
x→0 x |
x→0 |
+ x e2 x 2 x→0 |
|
||||||||
|
e2 x − 1 |
|
e2 x − 1 |
|
Полученная дробь также представляет собой неопределен-
ность вида 0 .
0
Применим повторно правило Лопиталя:
|
lim |
|
|
sin 2x |
|
|
|
|
= lim |
|
|
|
2cos 2x |
|
= 2 = 0,5. |
|
|
|||||||||||||
|
2xe2 x + e2 x − 1 |
2e2 x |
+ 4xe2 x + 2e2 x |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
x→0 |
x→0 |
4 |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
Ответ: 0,5. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Задача 3.2.4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
lim |
|
ex3 − 1− x3 |
равно ... . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
x→0 |
|
(sin x)6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
Решение: |
ln sin 2x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
Выражение |
при x → 0 представляет собой неопре- |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
ln sin x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
деленность типа ∞ |
|
. Применим правило Лопиталя: |
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
lim lnsin 2x |
= lim (lnsin 2x)′ |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
cos2x 2 |
|
|
sin x |
cos2x . |
|||||||||||||||
|
= lim |
|
sin 2x |
= 2lim |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
x→0 |
lnsin x |
|
x→0 |
( |
lnsin x ′ |
|
|
x→0 |
|
|
1 |
|
|
|
|
x→0 sin 2x |
cos x |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
sin x cos x |
|
|
|
|
|
||||||||
|
Так |
|
как |
|
|
|
lim cos 2x |
= 1 , |
|
|
|
|
то |
|
2lim |
sin x |
cos 2x = |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
sin 2x |
cos x |
|||||||
= 2 lim |
sin x |
= 2lim |
|
|
|
sin x |
|
= lim |
|
1 |
|
= 1. |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
sin 2x |
|
|
|
|
|
|
|
|
cos x |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
x→0 |
x |
→0 2sin x cos x |
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
Ответ: 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Задача 3.2.5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ex2 − 1 − x2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
Значение предела lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
равно ... . |
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
sin4 x |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
86
Решение:
Выражение |
|
ex2 |
− 1− x2 |
при x → 0 представляет собой неоп- |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
sin4 x |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
ределенность типа 0 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Применим правило Лопиталя: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(e |
x2 |
− 1 |
− x |
2 |
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
||||||||
lim |
e |
x |
|
− 1 |
− x |
2 |
= lim |
|
|
|
) |
|
= lim |
2xe |
x |
|
|
− 2x |
= |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
sin4 x |
|
|
|
|
|
(sin4 x)′ |
|
|
|
|
4sin3 x cos x |
||||||||||||||||||||||||||||||
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
= lim |
|
2x(ex2 |
− 1) |
= lim |
|
x(ex2 − 1) |
. |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
4sin3 x cos x |
|
x→0 |
2sin3 x cos x |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
Учитывая, что lim cos x = 1 и |
lim |
|
|
x |
|
= 1, получим |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
x(ex2 − 1) |
|
x |
→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 sin x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
x ex2 − 1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
ex2 − 1 |
0 |
|
||||||||||||||||||||||||||
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
lim |
|
|
|
|
|
|
= |
. |
|||||
|
2sin |
3 |
x cos x |
|
|
sin x sin |
2 |
x |
|
|
|
sin |
2 |
x |
|||||||||||||||||||||||||||||||
x→0 |
|
|
|
|
|
|
2 x→0 |
|
|
|
2 x→0 |
|
|
0 |
|
||||||||||||||||||||||||||||||
Применим второй раз правило Лопиталя: |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
lim |
ex2 − 1 |
= lim |
(ex2 − 1)′ |
|
= lim |
|
|
|
|
2xex2 |
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
(sin2 x)′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
x→0 |
|
sin2 x |
x→0 |
|
|
|
x→0 |
|
2sin x cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
Учитывая, что lim cos x = 1 и |
lim |
|
|
x |
|
= 1, получим |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 sin x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
lim |
|
|
2xex2 |
|
|
|
= lim ex2 = 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
2sin x cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
x→0 |
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Ответ: 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Задача 3.2.6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Абсцисса точки кривой |
|
y = x2 + 2x , |
в которой касательная к |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
этой кривой параллельна хорде, |
|
|
соединяющей точки |
A(0;0) и |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
B(1;3) , равна … . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
87
Решение:
Функция y = x2 + 2x на отрезке [0;1] непрерывна и дифференцируема, поэтому для этой функции справедлива теорема Лагранжа, согласно которой на интервале (0; 1) найдется по крайней мере одна точка c , для которой справедливо равенство
f (b) − f (a) = f ′(c)(b − a) (формула Лагранжа).
С точки зрения геометрии это означает, что на графике функции y = y ( x) найдется такая точка, касательная в которой
параллельна хорде, проходящей через точки (a, f (a)) и (b, f (b)).
Для нашей функции формула Лагранжа принимает вид
f (1) − f (0) = f ′(c)(1− 0) или 3 − 0 = f ′(c).
Таким образом, на интервале (0; 1) |
необходимо найти точ- |
ку, в которой производная равна трем. |
|
Поскольку y′ = (x2 + 2x)′ = 2x + 2, |
получим уравнение |
2c + 2 = 3.
Отсюда c = 0,5.
Итак, абсцисса искомой точки равна 0,5.
Ответ: 0,5.
Задача 3.2.7
Наименьшее целое значение x, принадлежащее области определения функции y = 2x − 8, равно ... .
Решение:
Напомним, областью определения функции y = f (x) называется совокупность всех значений независимой переменной x, для которых функция y определена. В данном случае выражение, стоящее под знаком квадратного корня, должно быть неот-
88
рицательным, |
т.е. 2x − 8 ≥ 0. |
Отсюда x ≥ 4. Наименьшее целое |
значение x , удовлетворяющее этому условию, равно четырем. |
||
Ответ: 4. |
|
|
Задача 3.2.8 |
|
|
Областью |
определения |
функции y = 2x − 7 является |
множество … :
1)72 ;+∞ ;
2)72 ;+∞ ;
3)−∞; 72 ;
4)−∞;− 72 .
Решение:
Для функции y = f ( x) область определения имеет вид
f(x) ≥ 0.
Вданном случае 2x − 7 ≥ 0.
Тогда x ≥ 72 .
Ответ: 1.
Задача 3.2.9
Областью определения функции y = ln x − 2x2 является множество … :
1)(−∞; +∞) ;
2)(−∞;0] ;
3)[0;+∞) ;
4)(0;+∞) .
89
Решение: |
|
|
|
|
||
Областью определения функции y = ln f (x) |
является множе- |
|||||
ство значений x, для которых подлогарифмическое |
выражение |
|||||
f ( x) строго положительно, т.е. выполненонеравенство |
f ( x) > 0. |
|||||
В данном случае x > 0. |
|
|
|
|
||
Ответ: 4. |
|
|
|
|
||
Задача 3.2.10 |
|
|
|
|
||
Областью определения функции y = |
x |
|
является мно- |
|||
x − 1 |
||||||
жество … : |
|
|
||||
|
|
|
|
|||
1) |
(−∞;1) (1;+∞) ; |
|
|
|
|
|
2) |
(−∞; +∞) ; |
|
|
|
|
|
3) |
(1;+∞) ; |
|
|
|
|
|
4) |
(0; +∞) . |
|
|
|
|
Решение:
Областью определения дробно-рациональной функции y = gf ((xx)) является множество значений x, при которых знаме-
натель дроби отличен от нуля, т.е. g (x) ≠ 0. В данном случае x − 1 ≠ 0, отсюда x ≠ 1.
Ответ: 1.
Задача 3.2.11
Функция y = 4x3 − 30x2 + 48x − 19 возрастаетна интервале … :
1)(1;4) ;
2)(−∞;1) (4;+∞) ;
3)(−1;4) ;
4)(−∞;4) .
90