книги / Тестовые задания по курсу высшей математики. Ч. 1 Линейная алгебра. Векторная алгебра. Аналитическая геометрия
.pdfТочка M0 (−1; 1) принадлежит первой прямой.
Перейдем от общего уравнения второй прямой к нормальному. Для этого обе части уравнения умножим на нормирующий множи-
тель μ = − |
1 |
|
|
|
|
= − 1 . Получим уравнение |
|
− |
3 x − |
4 y − |
6 = 0 . |
||||||||||
32 + 42 |
|||||||||||||||||||||
|
5 |
|
M (−1; 1) |
|
|
5 |
5 |
5 |
|||||||||||||
Найдем расстояние от точки |
|
до второй прямой как |
|||||||||||||||||||
модуль отклонения точки M0 |
от этой прямой: |
|
|
|
|||||||||||||||||
|
d = |
|
δ |
|
= |
|
− 3 (−1) − 4 1 |
− 6 |
|
= |
|
− |
7 |
|
= |
7 = 1, 4. |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
5 |
5 |
|
|
|
|
5 |
|
|
5 |
|
|
|
Ответ: 1,4. |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Задача 3.2.16 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Прямая проходит через точку M (2; −1) |
|
перпендикулярно пря- |
|||||||||||||||||||
мой 3x − 4 y + 8 = 0 . Расстояние от точки |
M1 (1;2) |
до построенной |
прямой равно...
Решение
Перейдем от общего уравнения данной прямой 3x − 4 y + 8 = 0
к уравнению с угловым коэффициентом y = 34 x + 2 . Угловой коэф-
фициент k |
равен 3 . |
|
|
|
|
|
|||
1 |
|
4 |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Уравнение искомой прямой, проходящей через точку M (2; −1) , |
|||||||||
перпендикулярно |
данной прямой, |
будем |
искать |
в |
виде |
||||
y − y1 = k (x − x1 ) . |
Так |
как прямые перпендикулярны, |
то |
||||||
k = − |
1 |
= − |
4 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
k |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Таким |
образом, |
искомая |
прямая |
имеет |
уравнение |
||||
y + 1 = − 4 (x − 2) |
или 4x + 3y − 5 = 0 . |
|
|
|
|
||||
3 |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
81 |
Найдем расстояние от точки M (1;2) |
|
до построенной прямой по |
|||||||||||||||||||||||||
формуле: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
d = |
|
Ax0 + By0 + C |
|
, где x0 |
= 1 , |
y0 = 2 . |
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
A2 + B2 |
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
d = |
|
|
4 1 + 3 2 − 5 |
|
|
|
= 4 + 6 − 5 |
= 1. |
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
42 + 32 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|||||||
Ответ: 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 3.2.17. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ABC , параллельной сторо- |
|||||||||||
Длина средней линии треугольника |
|
||||||||||||||||||||||||||
не AC , где A(0;1) , B(3;3) , C(3;5) , равна... |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
Решение |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пусть x , y |
координаты середины отрезка. По формулам коор- |
||||||||||||||||||||||||||
динат середины отрезка x = |
xA + xB |
, y = |
yA + yB |
найдем координа- |
|||||||||||||||||||||||
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
||
ты точек M и N – середин отрезков BA и BC соответственно. |
|||||||||||||||||||||||||||
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
M |
;2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
, N (3;4) . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Длина средней линии треугольника |
|
ABC , т.е. длина отрезка |
|||||||||||||||||||||||||
MN = (xN − xM ) |
2 |
+ |
( yN − yM ) |
2 |
= |
|
|
3 − |
3 |
2 |
4 − 2) |
2 |
= |
5 |
. |
||||||||||||
|
|
|
|
2 |
|
+ ( |
|
2 |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Ответ: 2,5. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 3.2.18 |
|
|
|
|
|
ABCD , |
где BC задана уравнением y = 2,4x , |
||||||||||||||||||||
Высота трапеции |
|
а AD : 12x − 5y + 26 = 0 , равна...
Решение
82
Рис. 3.20
1-й способ
Высота трапеции ABCD равна расстоянию от какой-либо точки прямой BC до прямой AD . Прямая BC проходит через начало координат, поэтому искомая высота равна расстоянию от начала ко-
ординат до прямой |
AD (рис. 3.20). Расстояние от точки (0;0) до |
||||||||||||
прямой AD можно найти по формуле |
d = |
|
Ax0 |
+ By0 + C |
|
. |
|||||||
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||
|
|
A2 + B2 |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В данном случае d = |
26 |
= 2 . |
|
|
|
|
|||||||
122 + (−5)2 |
|
|
|
|
|||||||||
2-й способ |
|
|
|
|
|
|
|
|
AD . Для этого умно- |
||||
Составим нормальное уравнение прямой |
|||||||||||||
жим |
обе |
части |
уравнения на |
нормирующий множитель: |
|||||||||
μ = − |
1 |
|
= − |
1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
122 + (−5)2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
13 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
AD : − 12 x + |
5 |
y − 2 = 0. |
|
|
|
|
|
|
||||
|
13 |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
13 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Прямая |
BC проходит через начало координат, поэтому иско- |
мая высота равна расстоянию от начала координат до прямой AD . Это расстояние равно свободному члену нормального уравнения прямой AD , взятому с противоположным знаком, т.е. d = 2 .
Ответ: 2.
Задача 3.2.19
83
Уравнение плоскости, проходящей через точку M0 (2;5;−3) , перпендикулярно вектору M1M2 , где M1 (7;8;−1) , M2 (9;7;−4) , имеет вид…
1)x + y = 0,
2)4x − 2 y + z = 0,
3)x + 2z = 0,
4)2x − y − 3z − 8 = 0.
Решение
Уравнение плоскости, проходящей через данную точку M0 (x0 ; y0 ; z0 ) , перпендикулярно вектору n = { A; B;C} , имеет вид:
A(x − x0 ) + B( y − y0 ) + C (z − z0 ) = 0.
Вектор |
1 |
|
2 |
|
{ |
} |
перпендикулярен искомой плоско- |
M |
M |
|
= |
|
2; − 1; − 3 |
сти, т. е. является нормальным вектором. Тогда уравнение искомой плоскости имеет вид:
2(x − 2) −1( y − 5) − 3(z + 3) = 0;
2x − y − 3z − 8 = 0.
Верный ответ № 4.
Задача 3.2.20
Уравнение плоскости, проходящей через точки A(3;−1;2) ,
B(4;−1;−1) , C (2;0;2) , имеет вид…
1)x + 3y + z − 2 = 0,
2)x + 2 y + z − 1 = 0,
3)2x + 3y − 2z = 0,
4)3x + 3y + z − 8 = 0.
84
Решение
Уравнение плоскости, проходящей через три данные точки M1 (x1, y1, z1 ) , M2 (x2 , y2 , z2 ) , M3 (x3 , y3 , z3 ) , не лежащие на одной прямой, имеет вид:
|
|
|
|
x − x1 |
y − y1 |
|
y − y1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
x2 − x1 |
y2 − y1 |
y2 − y1 |
|
= 0. |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
x3 − x1 |
y3 − y1 |
y3 − y1 |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
x − 3 |
y + 1 |
z − 2 |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
В |
данном |
|
случае |
|
4 − 3 |
−1− (−1) |
−1− 2 |
|
= 0 |
или |
||||
|
|
|
|
|
|
2 − 3 |
0 − (−1) |
2 − 2 |
|
|
|
|||
x − 3 |
y + 1 |
z − 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
1 |
0 |
−3 |
= 0 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
−1 |
1 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Раскроем определитель по правилу треугольников:
3( y + 1) + (z − 2) + 3(x − 3) = 0;
3x + 3y + z − 8 = 0 – уравнение искомой плоскости.
Верный ответ № 4.
Задача 3.2.21
Плоскость 3x + 2y + (a + 5) z + 3 + a = 0 параллельна оси Oz при
значении параметра a , равном...
Решение
Поскольку плоскость параллельна оси Oz , ее уравнение имеет вид Ax + By + D = 0 , т.е. коэффициент C = 0 . Следовательно,
a + 5 = 0 и a = −5 .
Ответ: –5.
Задача 3.2.22
85
Вектор n = {1;a ;2} является нормальным вектором плоскости 3x − 24 y + 6z + 5 = 0 при значении параметра a , равном...
Решение
Нормальный вектор плоскости 3x − 24 y + 6z + 5 = 0 имеет координаты {3;−24;6} . Для того чтобы вектор {1;a;2} был нормальным вектором плоскости достаточно, чтобы он был коллинеарен вектору {3;−24;6} , т.е. имел пропорциональные с вектором {3;−24;6} коор-
динаты: 1 = |
a |
= 2 . Отсюда a = −8 . |
|
|
|
−24 |
|
|
|||
3 |
6 |
|
|
|
|
Ответ: –8. |
|
|
|
|
|
Задача 3.2.23 |
|
|
|
||
Плоскость 2x + By + 3z + 1 = 0 проходит через точку M (1; −1;2) |
|||||
при значении параметра B , равном... |
|
|
|||
Решение |
|
параметра B |
|
|
|
Найдем |
значение |
из условия, |
что координаты |
||
точки M должны обращать уравнение плоскости в верное числовое |
|||||
равенство. |
|
|
|
|
|
2 1+ B (−1) + 3 2 + 1 = 0 . Отсюда, B = 9 . |
|
||||
Ответ: 9. |
|
|
|
|
|
Задача 3.2.24 |
|
|
2x − 3y + z − 9 = 0 |
||
Ордината |
точки |
пересечения |
плоскости |
с осью Oy равна...
Решение
Если плоскость пересекает ось Oy , то точка пересечения имеет вид M0 (0; y0 ;0) . Подставляя координаты точки M0 (0;y0 ;0) в уравнение плоскости, получаем −3y0 − 9 = 0 или y0 = −3 .
Ответ: –3.
Задача 3.2.25
86
Если d – расстояние от начала |
координат до плоскости |
2x + 3y − z − 3 = 0 , то значение выражения |
56d равно... |
Решение 1-й способ
Если Ax + By + Cz + D = 0 – общее уравнение плоскости, то расстояние от точки M0 (x0 ;y0 ;z0 ) до плоскости определяется по фор-
муле d = |
|
Ax0 + By0 |
+ Cz0 |
+ D |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
A2 + B2 + C2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
В данном случае расстояние от начала координат до плоскости |
||||||||||||||||
2x + 3y − z − 3 = 0 определяется как d = |
|
|
2 0 + 3 0 − 1 0 − 3 |
|
|
= |
3 |
. |
||||||||
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|||||||||||||||
|
|
22 + 32 + (−1)2 |
|
|
14 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Тогда 56d = |
56 |
|
3 |
= 6. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
14 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2-й способ
Приведем общее уравнение плоскости 2x + 3y − z − 3 = 0 к нор-
мальному виду: |
x cos α + y cosβ + z cos γ − p = 0 , где |
p – длина пер- |
пендикуляра, опущенного из начала координат |
на плоскость, |
|
cos α,cosβ,cos γ |
– направляющие косинусы нормального вектора |
плоскости. С этой целью умножим все члены уравнения на норми-
рующий множитель μ = ± |
|
1 |
, |
при этом знак нормирую- |
||||||
|
A2 + B2 + C2 |
|||||||||
щего множителя противоположен знаку свободного члена D в об- |
||||||||||
щем уравнении плоскости. |
1 |
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
В данном случае μ = + |
|
|
= |
|
= |
. |
||||
22 + 32 + (−1)2 |
|
4 |
+ 9 + 1 |
14 |
||||||
|
|
|
|
|
|
Нормальное уравнение заданной плоскости имеет вид:
2 |
x + |
3 |
y − |
z |
− |
3 |
= 0. |
|
14 |
14 |
14 |
14 |
|||||
|
|
|
|
87
Свободный член в нормальном уравнении, взятый с противопо-
ложным знаком, равен искомому расстоянию d = p = |
3 |
. |
||||
14 |
||||||
|
|
|
|
|
||
Отсюда |
56d = 56 |
3 |
= 6. |
|
|
|
14 |
|
|
||||
Ответ: 6. |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|||
Задача 3.2.26 |
|
|
|
|
||
Если γ |
– острый угол между осью Oz и нормальным вектором |
плоскости x + y − 3z − 1 = 0 , то значение выражения 44 cos γ равно…
Решение
Перейдем от общего уравнения плоскости к нормальному. Найдем
нормирующий множитель μ = + |
1 |
= |
|
1 |
= |
1 |
. |
|||||||||
12 + 12 + (−3)2 |
1 |
+ 1+ 9 |
11 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
x |
+ |
y |
− |
3z |
− |
1 |
= 0 – нормальное уравнение плоскости. |
||||||||
11 |
11 |
11 |
11 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Коэффициенты при переменных в нормальном уравнении плоскости равны косинусам углов наклона нормального вектора к соответствующим координатным осям.
Поэтому косинус угла между нормальным вектором плоскости и осью Oz равен cos(n,Oz) = − 311 < 0 , следовательно, найденный угол тупой. В качестве острого угла выберем смежный угол. Его ко-
синус равен 311 , а выражение 44 cos γ = 6 .
Ответ: 6.
Задача 3.2.27
88
Плоскость, проходящая через точку M (α;2;1) перпендикулярно вектору n = {−2;2;0} , содержит точку A(0;1;1) при α ,
равном...
Решение
Составим уравнение плоскости, проходящей через точку M (α;2;1) перпендикулярно вектору n = {−2;2;0} .
−2(x − α) + 2( y − 2) + 0(z −1) = 0.
Найдем такое значение параметра α , при котором плоскость проходит через точку A .
−2(0 − α) + 2(1− 2) = 0 .
Отсюда α = 1.
Ответ: 1.
Задача 3.2.28
Плоскость, проходящая через точки A(−4;0; −1) и B(1;2;2) параллельно векторуa = {0;3;2} , пересекает ось Ox в точке с абсцис-
сой равной...
Решение
Рис. 3.21
Найдем вектор AB = {5;2;3} . Поскольку координаты векторов a и AB не пропорциональны, можно сделать вывод, что векторы не
89
коллинеарны. Нормальный вектор плоскости найдем как векторное произведение векторов a и AB (рис. 3.21).
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
k |
k |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
i |
j |
i |
j |
|||||||||||||||||||||
|
|
= a × |
|
= |
xa |
ya |
za |
= |
0 |
3 |
2 |
= 5 |
|
+ 10 |
|
− 15 |
|
. |
||||||||||||
n |
AB |
|||||||||||||||||||||||||||||
|
i |
j |
k |
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
xAB |
yAB |
zAB |
|
5 |
2 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Запишем уравнение |
плоскости, |
|
|
проходящей через точку |
A(−4;0;−1) , перпендикулярно вектору n = {5;10; − 15} .
5(x + 4) + 10y −15(z + 1) = 0,
5x + 10 y − 15z + 5 = 0; x + 2 y − 3z + 1 = 0.
Точка пересечения плоскости с осью Ox имеет вид M0 (x0 ;0;0) . Подставим координаты точки M0 (x0 ;0;0) в уравнение плоскости.
x0 + 1 = 0.
Отсюда x0 = −1.
Ответ: –1.
Задача 3.2.29
Объем пирамиды, ограниченной плоскостью 2x − 3y + 6z − 12 = 0 и координатными плоскостями, равен...
Решение
Запишем общее уравнение плоскости 2x − 3y + 6z − 12 = 0 в виде 2x − 3y + 6z = 12 . Разделим все его члены уравнения на 12, полу-
чим уравнение плоскости в отрезках |
x |
+ |
y |
+ |
z |
= 1 |
|
x |
+ |
y |
+ |
z |
= 1 . |
|
6 |
|
−4 |
2 |
|
a |
|
b |
|
c |
|
a = 6, b = −4, c = 2.
90