книги / Практические занятия по высшей математике. Аналитическая геометрия на плоскости и в пространстве
.pdfОбозначим через X и Y текущие координаты точки на бис сектрисе и рассмотрим отклонения этой точки от сторон угла. Для биссектрисы одного угла эти отклонения равны, а для бис сектрисы смежного угла они равны по абсолютной величине, но противоположны по знаку. Пусть уравнения сторон угла имеют вид
AiX -f- Вуу + С х = 0 и А 2х 4~ В^у 4 “ С 2 = 0.
Приведем эти уравнения к нормальному виду, и тогда, для слу
чая, когда Ьг = |
82, уравнение |
биссектрисы будет иметь вид |
||
|
± У " Ц Т ^ ~ ± У а * + в* ’ |
^ |
||
Для случая |
же 83= — 84 уравнение биссектрисы |
получим в |
||
виде |
|
_ А2Х -{- B2Y -|- С2 |
|
|
А\Х -}- B-\Y -{-Ci |
(В) |
|||
~ ± у а '\± в\ |
~ ~ ~ Ц 7 аf T W * |
|||
|
Замечание. При решении задачи нет надобности обозначать текущие координаты точки на биссектрисе через X и К. Их мож но обозначить через х н у , так как это не меняет этих уравне ний.
Объединяя уравнения (А) и (В) и используя только что сде ланное замечание, будем иметь уравнения двух биссектрис в виде
А\Х 4~ Вгу 4 “Ci = |
± |
А&-!г В гу-$-С |
|||||
|
|
|
|
1/ |
^ |
i l |
|
Теперь решение нашей задачи не составит труда. |
|||||||
Для нашего |
случая уравнения |
биссектрис запишутся так: |
|||||
|
12л + 9у — 17 _ |
+ |
Зл -f Ay + |
11 |
|||
или |
|
“ |
|
W + |
42 |
||
12л -ф- 9// — 17 |
|
Зл + 4у^ 11 |
|||||
|
= + |
||||||
|
15 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
12л + 9р — 17 _ |
Ъх + |
4 у + 11 |
||||
|
15 |
|
— |
|
|
|
|
Окончательно |
уравнения |
биссектрис |
получаем в виде |
||||
|
21x + |
21i/ + |
16=0, |
|
Зх — 3у — 50 = 0.
Легко проверить, что найденные две биссектрисы перпендику лярны. Действительно, условие перпендикулярности двух пря мых А 1А2 + В1Вг = 0 выполняется (проверьте!)*.
* На атом примере мы получили подтверждение известной из геометрии теоремы: биссектрисы двух смежных углов перпендикулярны.
Задача 6, 2 (для самостоятельного решения). Найти уравнение биссектрисы угла между прямыми
|
4х + 2у + 7 = 0 и 2х — 4у + |
15 = 0. |
|
||||
О т в е т . |
Уравнение |
биссектрис |
получаем в виде |
|
|||
|
4x + |
2 f / 4 - 7 ___ . 2х— |
|
15 |
|
||
|
/20 |
~ ± |
/20 |
|
|
||
После упрощений получаем уравнения биссектрис в виде |
|||||||
|
|
х -f- 3у — 4 = |
0, |
|
|
||
|
|
Зх-----{-1 1 = |
0. |
|
|
||
Задача 6, 3 (для самостоятельного решения). Найти уравнения |
|||||||
|
|
биссектрис внутренних углов треугольни |
|||||
|
|
ка, |
заданного |
вершинами |
|
||
|
|
|
Л (0, 0); |
В(3, |
- 1 ) ; С(4, |
7). |
|
|
|
У к а з а н и е . Найдите сначала уравне |
|||||
|
|
ния сторон треугольника. Получите та |
|||||
|
|
кие |
уравнения: |
|
|
||
|
|
|
(АВ)х + Зу = 0, |
(АС) 7х — 4у = 0, |
|||
|
|
|
(ВС) 8х — у — 25 = 0. |
|
|||
|
|
|
Уравнение |
биссектрисы |
угла А: |
||
|
|
(7 / 1 0 —/6 5 ) х — (4 / 1 0 + 3 /6 5 ) у = 0. |
|||||
Уравнение биссектрисы |
угла В: (8/ 1 0 -+- /6 5 ) х + |
(3 / 6 5 — |
|||||
— /1 0 )^ — 2 5 /1 0 = 0. |
угла С: Зх — у — 5 = 0. |
|
|||||
Уравнение биссектрисы |
|
||||||
Задача |
6, 4. Даны две |
смежные |
вершины квадрата |
Л (1, 4) и |
В(4, 5). Найти две другие (фиг. 6, 2).
Ре ше н и е 2. Очевидно, что задача допускает два решения, так как искомые вершины могут находиться по разные стороны отрезка АВ. Уравнение Стороны квадрата А В будет таким: х— 3i/+ 11 =0, а
ее длина равна /1 0 . Теперь через точки Л (1, 4) и 5(4, 5) проведем прямые, перпендикулярные А В, и на каждой из этих прямых опреде
лим по две точки, расстояние которых от АВ равно /1 0 |
(у квадрата |
все стороны равны). Координаты этих точек и будут искомыми. |
|
Уравнения прямых, перпендикулярных к А В и |
проходящих |
через концы отрезка А В, будут такими: |
|
|
|
(AD) Зх-{- у — 7 = 0, (ВС)Зх + у — 17 |
= 0. |
На |
каждой из этих прямых_найдем две точки, |
находящиеся от |
АВ на |
расстоянии, равном/ 10, причем для одной из точек откло |
нение от АВ будет положительным, для другой— отрицательным.
Обозначим координаты точки D через х, и ух. Так как эта точка лежит на прямой AD, то ее координаты удовлетворяют Уравнению этой прямой, т. е. имеет место уравнение
3*1 + Ух— 7 = 0. |
(Л) |
Второе уравнение, связывающее хх и уъ найдем, определяя отклонение этой точки от прямой АВ. Приведя уравнение АВ к
нормальному виду и взяв отклонение равным ± Т^ТО, получим
+ / 1о = *1~ ? у; ± 11,
— Vio
аотсюда будем иметь два уравнения:
xi— Зг/Х+ 1 = 0 и хх— Зух + 21 = 0.
Объединяя каждое из этих уравнений с уравнением (Л), по лучим две системы уравнений:
3*i + Уг— 7 = 01 Зхх + Ух— 7 = 01
*i — 3f/j + 1 = 0 J |
Хх— 3Ух + 21 = 0 J |
|
||||
Из первой системы уравнений хг = 2;' уг = 1; из второй —хх = |
||||||
= 0; ух = 7. Таким образом, |
вершина |
D может иметь |
координа |
|||
ты (0,7) или (2, 1). |
|
|
|
вершина С квадрата мо |
||
Точно так же найдем, что четвертая |
||||||
жет иметь координаты (5, 2) или (3, 8). |
|
|
||||
Эту задачу |
можно |
решить и иначе. |
Используйте |
указания, |
||
которые даются |
ниже, |
и самостоятельно решите задачу другим |
||||
способом: |
|
|
|
|
|
|
1) Найдите длину d стороны АВ. |
|
|
|
|||
2) Диагональ квадрата BD будет |
равна d V 2. |
|
3)Напишите формулу для определения расстояния от точки D до точки Л и от точки D до точки В. Вы получите два урав нения, из которых и определятся координаты точки D.
4)Найдите координаты средины диагонали BD.
5)Зная координаты этой точки и координаты точки Л, поль зуясь формулами для определения координат точки, делящей
отрезок пополам, определите и координаты точки С.
Задача 6, 5. Найти уравнение прямой, параллельной прямой
2х + оу + 6 = 0
и отсекающей от координатного угла треугольник, площадь которого
равна 3 кв. единицам. |
|
отсекаемые |
искомой прямой |
Р е ш е н и е . Обозначим отрезки, |
|||
на координатных осях Ох и Оу, |
соответственно через а и Ь. Тогда |
||
имеем |
|
|
|
3 = -^ ab, |
или |
аЬ = 6. |
(Л) |
Уравнение семейства прямых, параллельных данной, запишет
ся в |
виде 2х + |
Зу + С = |
0. Отрезки, отсекаемые этой прямой Ч& |
осях |
координат, |
равны |
|
|
|
а = |
С_ |
|
|
3 * |
|
|
|
|
|
Подставляя а и b в (Л), |
получим |
Н ) Н И
откуда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
§ = |
6, С2 = |
36, |
Cj = |
6, |
С2= |
— 6, |
|
|
|||
и искомая прямая |
имеет |
уравнение |
2х + |
Зу + |
6 = 0, |
или 2х 4- |
||||||
|
|
|
|
+ |
3у — 6 = 0. |
Среди |
только что |
|||||
|
|
|
|
найденных |
прямых |
есть данная: |
||||||
|
|
|
|
2x-f 3t/+ 6 = 0. |
Таким |
образом, |
||||||
|
|
|
|
данная |
прямая |
удовлетворяет |
||||||
|
|
|
|
требованию |
задачи; |
этому требо |
||||||
|
|
|
|
ванию удовлетворяет также и най |
||||||||
|
|
|
|
денная |
прямая |
2х -\-Ъу — 6= 0. |
||||||
|
|
|
|
|
Задача 6, 6. |
Даны |
уравнения |
|||||
|
|
|
|
двух сторон параллелограмма |
||||||||
|
|
|
|
|
|
х + 2# - f |
1 = 0 |
(АВ), |
||||
|
|
|
|
|
|
2х + у — 3 = 0 |
(AD) |
|||||
|
|
|
|
и точка пересечения его диаго |
||||||||
|
|
|
|
налей |
N (1, 2). Найти |
уравнения |
||||||
|
|
|
|
двух других сторон |
этого парал |
|||||||
|
|
|
|
лелограмма (фиг. 6, 3). |
|
|||||||
При решении, замечая, что данные стороны параллелограмма |
||||||||||||
не параллельны, будем следовать такому плану: |
|
|
||||||||||
1) |
найдем координаты |
точки |
А |
пересечения |
данных сторон; |
|||||||
2) зная координаты точек А |
и N, |
найдем |
координаты точки |
|||||||||
С, что мы легко сможем сделать |
по формуле |
определения коор |
||||||||||
динат |
средины отрезка; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3) |
через найденную точку С проведем сначала прямую, парал- |
|||||||||||
/ лельную AD, а потом прямую, |
параллельную АВ. |
|
|
|||||||||
4) Определим координаты точки Л, как точки пересечения |
||||||||||||
прямых АВ и AD, |
и получим, что |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
Ха = |
7 |
УА = |
|
5 |
|
|
|
|
|
|
т. е. |
|
Т ’ |
|
"з » |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A { |
i ’ |
- т ) - |
|
|
|
|
|
5) Формулы для определения координат |
средины |
отрезка в |
|||
данном случае запишутся |
так: |
|
|
|
|
ХА 4“ х с |
» Ум = |
у А -ф- у а |
• |
|
|
%N — |
2 |
2 |
|
||
По этим формулам получим |
|
|
|
|
|
*С |
1 |
I Ус — |
17 |
|
|
0 |
0 * |
|
|
||
Итак, точка |
|
|
|
|
|
6) Через точку С проведем прямую, |
параллельную |
AD, и по |
|||
лучим, что уравнение стороны |
ВС будет таким: |
|
|||
Уравнение стороны CD |
2х+ у — 5 = 0. |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
x + 2 y — U = 0 . |
|
|
|||
Задача 6, 7. Найти координаты точки Р, |
равноудаленной от |
||||
точек М г(4,—3) и М2 (2, |
—1) и отстоящей от прямой 2х + у — |
||||
— 1 = 0 на расстоянии, равном |
2 ед. масштаба. |
|
|||
У к а з а н и е . Обозначим координаты искомой точки Р через |
|||||
xi и yi, из. условия, что |
MiP = М2Р, |
получаем |
|
||
|
х1 — у1 = Ь. |
|
|
|
|
Это первая зависимость между хг и уг. Вторую же зависимость |
между ними найдем из условия, что искомая точка находится на
расстоянии |
2 ед. масштаба от прямой 2х + у — 1 = 0; получим |
|
|
о _2*1 Ч~ У1— 1 |
|
|
± / 5 |
* |
Отсюда два |
уравнения, связывающие |
хх и уъ имеют вид |
2*1 + Ух — 1 — 2 V^ = 0,
или
2xi + i/i — 1 + 2ф^5 = 0.
Каждое из этих уравнений следует решать совместно с ранее
полученным уравнением х1— ух = 5. |
Задача допускает два реше |
||
ния: |
|
|
|
*1 = |
2+ |
| К |
5 ; |
^ = - |
3 + |
| К 5 , |
|
ИЛИ |
|
|
|
хх = 2 - | К 5 ; r/i = - 3 - | ] / 5 .
Задача 6, 8. Даны |
уравнения высот |
треугольника |
2х — Зу + |
||||||||
+ 1 = |
0 и х + у = 0 |
и координаты одной |
из его вершин А (1,2). |
||||||||
Найти |
уравнения сторон треугольника. |
|
|
|
|
|
|
|
|||
Р е ш е н и е . Точка Л (1, 2) не.принадлежит данным в условии |
|||||||||||
высотам треугольника, так как ее координаты |
не удовлетворяют |
||||||||||
их уравнениям: 2-1 — 3- 2 + 1 + 0 и |
1 + |
2 + |
0. Отсюда следует, |
||||||||
что высоты, данные в задаче, |
проведены из двух других вершин |
||||||||||
треугольника В и С (фиг. 6,4). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Назовем их CD и BE, CD ± АВ, BE j_ АС. Пусть высота CD |
|||||||||||
имеет уравнение х + |
у = 0, а |
уравнение |
высоты |
BE |
2х — Зу + |
||||||
|
|
+ |
1 = 0. Так |
как АС JL BE, то урав |
|||||||
|
|
нение АС мы |
найдем |
из |
уравнения |
||||||
|
|
семейства |
прямых, |
перпендикуляр |
|||||||
|
|
ных BE, |
приняв |
во |
внимание, |
что |
|||||
|
|
искомая прямая проходит через дан |
|||||||||
|
|
ную точку |
Л (1, 2). |
|
|
уравнение |
|||||
|
|
|
Сторона |
АС |
имеет |
||||||
|
|
Зх + 2у — 7 = 0. |
Уравнение прямой |
||||||||
|
|
АВ найдем, как уравнение прямой, |
|||||||||
|
Фиг. 6.4. |
проходящей через точку Л (1, 2) пер- |
|||||||||
|
пендикулярно |
CD. Оно |
имеет |
вид |
|||||||
|
|
|
|
|
х — У + 1 = |
0. |
|
|
|||
Теперь следует найти |
координаты точек В и С: |
|
|
|
|
||||||
|
|
хв = — 2; ув = — 1; |
|
|
|
|
|
||||
|
|
хс = 7; |
ус = — 7. |
|
|
|
|
|
|||
Уравнение стороны ВС 2х+ Зу + |
7 = 0. |
|
|
|
|
|
Таким образом, уравнения всех трех сторон треугольника най дены.
Задача 6, 9 (для самостоятельного решения). Даны две верши ны треугольника Л (2, 1) и Б (4, 9) и точка пересечения его высот N (3, 4). Найти уравнение сторон треугольника.
(АВ) 4х — у — 7 = 0,
(ВС) х + 3у — 31 = 0, (АС) х + 5у — 7 = 0.
Задача 6.10 (для самостоятельного решения). Даны координа ты средин сторон треугольника — Л (1, 2), В (7, 4), С (3, — 4). Най ти уравнения сторон треугольника (фиг. 6,5).
О т в е т . 1) 2х — у = 0; |
3) х — 3у — 15 = 0. |
2) Зх + у — 25 = 0; |
|
Задача 6,11. Даны уравнения сторон треугольника х + у —
— 1 = 0 (ЛВ) и у + 1 = 0 (ВС)ги точка N (— 1,0) пересечения его медиан. Найти уравнение третьей стороны АС (фиг. 6, 6).
О т в е т , х — «/ + 3 = 0.
Решение задач, которыми заканчиваются упражнения по теме «Прямая линия», связано с уравнением пучка прямых. Перед ре шением этих задач следует изучить § 23 из учебника Н. В. Ефи мова или § 11 главы III учебника И. И. Привалова.
Задача 6,12. Найти уравнение прямой, проходящей через точ
ку пересечения прямых х —у — 1 = 0 и |
х + 2у — 2 = 0 и |
точку |
М (— 1, 1), |
не находя точки |
пересе |
чения данных прямых. |
|
|
Р е ш е н и е . Уравнение пучка прямых, |
Фиг. 6,6. |
|||
|
проходящих через точ |
||||
ку |
пересечения данных прямых А х+ By + С — 0 и |
Л1х + 5 1г/ + |
|||
+ |
Ci = 0, записывается |
так: |
|
|
|
|
Ах + By + |
С + X(A iX + Biy + Cj) = 0; |
(6, 1) |
||
в нашем случае оно будет |
иметь вид |
|
|
||
|
* — у — 1+ |
Х(* + 2«/ — 2) |
= 0 . |
(А) |
Из этого пучка надо выделить прямую, проходящую через точку
М (— 1,1). Подставляя в уравнение (А) координаты точки |
М |
||
вместо текущих координат, |
получим Х= — 3. |
будем иметь |
|
Подставив это значение |
X в уравнение (Л), |
||
X — у — 1 — 3 {х + 2у — 2) = 0. |
членов, |
на |
|
Раскрывая скобки и делая приведение подобных |
|||
ходим уравнение искомой прямой |
|
|
|
2х + |
7у — 5 = 0. |
|
|
Задача 6, 13. Найти уравнение прямой, которая проходит че рез точку пересечения прямых х +«/ — 1 = 0 и х + 2«/ + 1 = 0 и отсекает на отрицательной части оси Оу отрезок в 2 ед. мас штаба.
Решение . Уравнение пучка прямых, проходящих через точ ку пересечения данных прямых, имеет вид (6, 1).
В нашем случае оно запишется так: |
|
х-\-у — 1 + X(х + 2у + 1) = 0. |
(5) |
Так как прямая на отрицательной части оси Оу отсекает отрезок в 2 ед. масштаба, то прямая проходит через точку (0, — 2).
Подставляя координаты этой точки вместо текущих |
координат в |
||||
(В), получим X= — 1, а уравнение искомой |
прямой будет иметь |
||||
вид |
|
|
|
|
|
|
У + 2 = 0. |
|
|
|
|
Задача 6, 14. Найти уравнение прямой, проходящей через точ |
|||||
ку пересечения прямых |
х + 2у — 1 1 = 0 |
и 2х — у — 2 = 0 на |
|||
расстоянии 5 ед. масштаба |
от начала |
координат. |
|
||
Р е ш е н и е . Уравнение пучка |
прямых с центром пучка в точ |
||||
ке пересечения данных прямых |
имеет |
вид х + 2 у — 1 1 -}-Х(2х — |
|||
— У— 2) = 0, |
|
|
|
|
|
или |
(2 — X) у — (11 4* 2Х) = 0. |
(А) |
|||
(1 + 2Х) х + |
|||||
Нормирующий множитель равен |
|
|
|
|
|
N = — |
—- |
----- . |
|
||
± |
/ ( 1 + 2Х)2 + (2 _ Х )2 |
|
Умножая на нормирующий множитель уравнение (А) и принимая во внимание, что в нормальном уравнении прямой абсолютная величина свободного члена равна расстоянию прямой от начала координат, для определения X получаем уравнение
|
|
|
П + 2X1 |
е |
откуда |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
' ----- = 5. |
|
|
|
|
|||
|
|
V ( \ 4 - 2 V P 4- |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
Искомое уравнение: Зх + 4у — 25 = 0. |
|
|
Найти уравне |
|||||||
|
Задача 6, 15 (для самостоятельного |
решения). |
|||||||||
ние прямой, проходящей через |
точку |
пересечения |
прямых 2х + |
||||||||
+ |
5t/ + 8 = 0 и Зх — 4у — 7 = 0 под |
углом |
в 45° к прямой |
у = |
|||||||
= |
4х + 3. |
|
|
|
|
115х + 69у + 99 = 0. |
|
||||
|
О т в е т . 69х— 115у — 199 = 0 и |
|
|||||||||
|
Задача |
6, 16 |
(для |
самостоятельного решения). |
Через точку |
||||||
М (1, — 1) провести прямую так, |
чтобы средина |
ее отрезка |
меж |
||||||||
ду параллельными прямыми х + |
2у — 1 = 0 |
(I) |
и х + 2у — 3 = 0 |
||||||||
(II) лежала на прямой х —у — 1 = 0 |
|
(фиг. 6, 7). |
|
|
|||||||
|
Ответ . 4х — у — 5 = 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Задача 6, 17 (для самостоятельного решения). Луч света, про |
||||||||||
ходящий |
через |
точку |
С (2,3), |
отражается |
от |
прямой |
(А В) |
||||
х + у + 1 = 0 и проходит после |
этого |
через |
точку |
(1, 1). Найти |
|||||||
уравнения |
падающего и отраженного лучей (фиг. 6, 8). |
|
|||||||||
|
О т в е т . Уравнение |
падающего луча |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
5х — 4у + 2 = 0; |
|
|
|
|
уравнение отраженного |
луча |
|
|||
|
|
|
4л: — 5у -f 1 = 0. |
||
З а д а ч а |
6 , 18 |
(для самостоятельного решения). Луч света, про |
|||
ходящий |
через |
точку |
С (1,2), |
отражается от прямой (АВ) |
|
х + 5г/ + 1 = 0 и |
проходит |
через |
точку F (— 1,3). |
||
Найти уравнение луча |
падающего и отраженного. |
Фиг. 6,7. |
Фиг. 6,8. |
Ответ . Уравнение отраженного луча
73х + 14у + 31 = 0;
уравнение падающего луча 62* — 41#+ 20 = 0.
Этим мы заканчиваем упражнения, связанные с теорией пря мой линии на плоскости.
СЕДЬМОЕ ПРАКТИЧЕСКОЕ ЗАНЯТИЕ
С о д е р ж а н и е : Полярная система координат. Переход от полярных координат к декартовым и обратно. Построение кривой, определяемой урав нением в полярных координатах.
ОСНОВНЫЕ СВЕДЕНИЯ ИЗ ТЕОРИИ
Это практическое занятие посвящается полярной системе ко ординат, упражнениям на переход от декартовой системы коорди нат к полярной и обратно, а также на построение кривой по ее уравнению в полярных координатах.
В полярной системе координат основными постоянными эле ментами, по отношению к которым определяется положение точ ки на плоскости, являются точка О — полюс и ось ОР, которая называется полярной осью.
Если М — произвольная точка плоскости, не совпадающая с полюсом О, то ее положение на плоскости вполне определено заданием двух чисел: г — ее расстояния от полюса, выраженного в ед. масштаба, и ср — угла, на который следует повернуть по лярную ось против часовой стрелки, чтобы она совпадала с лучом
ОМ. Числа г и ср называются |
пблярными координатами точки М* |
||
Из |
них первой |
координатой |
считается г, а второй ср; Координа |
та |
г называется |
полярным радиусом точки М (иногда радиусом- |
|
вектором точки |
М), а координата ср — ее полярным углом*. По |
лярные координаты точки записываются в скобках справа от обозначения ее, причем на первом месте в скобках записывается координата г, а на втором — координата ср, например, М (г, ср). Полярный угол ср считается положительным, если он отсчитыва ется от полярной оси против часовой стрелки, и отрицательным, если он отсчитывается от полярной оси по часовой стрелке.
В определенной таким образом полярной системе |
координат |
|||||
полярный |
радиус |
г — всегда величина положительная |
или рав |
|||
ная |
нулю |
(г > |
0), |
так как под г |
понимается расстояние от полю |
|
са О |
до точки |
М, |
а расстояние, |
как и всякая длина, |
не может |
быть отрицательным.
Однако на практике удобнее пользоваться такой системой полярных координат, в которой полярный радиус г может при нимать и отрицательные значения. Система полярных координат, в которой полярный радиус г может принимать любые значения (положительные, отрицательные и равные нулю), называется
обобщенной |
системой полярных |
координат. Этой |
системой |
мы |
|||||||||
и будем пользоваться. |
|
|
г и |
ср: |
М |
(+ г, |
ср), |
то |
|||||
|
Если точка М имеет координаты |
||||||||||||
она |
имеет |
также |
и координаты |
— г |
и ср + |
тг; |
М (-*- г, |
ср + |
тс), |
||||
так |
как угол |
ср + |
тс характеризует направление полярного радиу |
||||||||||
са, |
прямо противоположное |
тому, |
которое соответствует |
углу ср |
|||||||||
(см. |
задачи |
7, 3 |
и |
7, 4). |
из этих двух систем |
полярных |
коор |
||||||
Отметим, |
|
что |
какой бы |
динат мы ни пользовались, всегда паре чисел г и ср соответствует на плоскости единственная точка.
Если полюс полярной системы координат находится в начале прямоугольной системы координат, а положительная полуось Ох
совпадает с полярной осью, |
ось же Оу |
перпендикулярна |
оси |
Ох |
и направлена так, что ей |
соответствует |
полярный угол |
<р = |
у , |
то по известным полярным координатам точки ее прямоугольные
координаты х и у вычисляются |
из формул |
|
x = r cosep, |
y = rsincp** |
(7,1) |
*Полярный угол измеряется в радианах.
**Везде в дальнейшем, если не будет оговорено, предполагается именно
такое расположение полярной и прямоугольной систем координат.