УМК Коровкин-Кулик
.pdf
|
Задание 2. Тележка поворотного подъемного |
|
крана движется с постоянной скоростью υ относи- |
|
|
тельно стрелы. Мотор, вращающий кран, создает в |
|
|
период разгона постоянный момент, равный m0. |
|
|
Определить угловую скорость ω вращения крана в |
|
|
зависимости от расстояния x тележки до оси враще- |
|
|
ния |
АВ, если масса тележки с грузом равна М, |
|
J – |
момент инерции крана (без тележки) относи- |
|
тельно оси вращения; вращение начинается в мо- |
|
|
мент, когда тележка находится на расстоянии х0 от |
Рис. 68 |
|
оси АВ (рис. 68). |
|
|
|
Теорема об изменении кинетической энергии системы
Цель занятия: научиться определять кинетическую энергию и рабо- ту сил. Рассмотреть применение теоремы при определении кинематиче- ских характеристик тел системы.
Кинетическая энергия системы
T = ∑ mкVк . 2
Кинетическая энергия твердого тела: а) при поступательном движении
Tпост = 1 MV 2 ;
2
б) при вращательном движении
Tвр = 1 J ω2 ; 2
в) при плоскопараллельном движении
Tпл.|| = 1 MVc2 + 1 Jcω2 .
2 2
Работа силы, приложенной к телу: а) движущемуся поступательно
A = FS cos ϕ ;
при ϕ = 0 |
A = FS ; |
при ϕ = 90° |
A = 0 ; |
при ϕ = 180° |
A = −FS ; |
б) при вращательном движении
A = ±mz (F )ϕ ,
где mz ( F ) – момент силы F относительно оси вращения.
201
Для определения ускорения тела применяется теорема об изменении кинетической энергии в дифференциальной форме
dT = ∑dAke + ∑dAki .
При определении скоростей точек или тел системы в интегральной форме
T − T0 = ∑ Ake + ∑ Aki .
Пример 1. Доска ве- сом Р1 лежит на двух ци- линдрических катках ра- диусом r и весом Р2 каж- дый. Вся система движется под действием заданной го-
Рис. 69
ризонтальной силы F, при- ложенной к доске; при этом предполагается, что катки катятся без сколь- жения. Найти ускорение доски (рис. 69).
Решение. Для определения а1 применяем теорему dT = ∑dAke .
Так как доска движется поступательно, а катки плоскопараллельно, то
|
|
|
|
T = T + 2T = |
1 |
|
P` |
V 2 + 2 |
1 |
|
P2 |
|
V 2 + |
1 |
J |
0 |
ω2 |
; |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
2 |
|
|
2 g |
1 |
|
|
|
|
|
0 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 g |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
V = |
V1 |
; |
|
ω = |
V |
, |
т.к. точка Рv – |
|
МЦС катка; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
0 |
2 |
|
|
|
|
|
|
2r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
J0 = |
m r |
2 |
= |
|
|
P r2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
2 |
|
|
2 |
|
|
|
|
– момент инерции катка; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
2 |
|
|
2g |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
P |
|
|
|
|
|
P V 2 |
|
1 P V 2 |
|
|
V 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
T = |
|
|
|
1 |
V 2 + 2 |
|
2 1 |
|
|
+ |
|
|
2 |
|
1 |
|
|
= |
1 |
|
|
P + |
|
|
P |
|
. |
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
2g |
1 |
|
|
|
|
8g |
|
4 g 4 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
4 |
|
2 |
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2g |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
, |
|
перпендикулярны к скоростям точек их при- |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
Так как силы |
N |
и |
P |
P |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
ложения, то работа этих сил равна нулю. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
∑dAe = dA( F ) = FdS . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Подставляя в выражение теоремы и разделив обе части на dt, получаем |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
P + |
3 |
P |
V |
|
|
dV1 |
= F |
dS |
; a = |
|
|
|
|
|
F |
. |
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
1 |
|
4 |
|
2 |
1 |
|
dt |
|
|
|
|
dt |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
P + |
P |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
4 |
|
|
2 |
|
|
|
|
202
Пример 2. К барабану ворота радиу- |
|
сом r1 и массой m1 приложен постоянный |
|
вращающий момент М. К концу троса, намо- |
|
танного на барабан, прикреплена ось С коле- |
|
са, масса которого равна m2. Колесо катится |
|
без скольжения вверх по наклонной плоско- |
|
сти, образующей угол α с горизонтом. Какую |
|
угловую скорость приобретет барабан, сделав |
|
N оборотов? Барабан и колесо считать одно- |
Рис. 70 |
родными круглыми цилиндрами. В началь- |
|
ный момент система находилась в покое (рис. 70). Массой троса и трением в шарнирах пренебречь.
Решение. Применяем теорему об изменении кинетической энергии системы в интегральной форме
T − T0 = ∑ Ake + ∑ Aki .
Работа внутренних сил ∑ Aki = 0 .
T0 = 0 по условию задачи,
|
|
T = ∑ Ae . |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
Кинетическая энергия системы |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
T = T + T = |
1 |
J ω2 |
+ |
1 |
m V 2 |
+ |
1 |
J ω2 |
, |
|
|
|
|
||||||||
1 2 |
2 1 1 |
2 |
|
2 c |
|
2 c 2 |
|
т.к. тело 1 вращается вокруг неподвижной оси, тело 2 движется плоскопа- раллельно.
Моменты инерции
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
m r |
2 |
|
|
|
|
|
= |
m r |
2 |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
J |
1 |
1 1 |
; J |
c |
2 2 |
|
; |
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
T = |
m1r12 |
|
1 |
ω2 |
+ |
1 |
m ω2r2 |
+ |
1 |
|
m1r22 |
|
ω22r12 |
|
|
= ω12r12 (m + 3m |
) , |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
2 2 1 |
|
2 |
|
|
|
2 1 1 |
|
2 2 |
|
|
|
r22 |
|
|
4 |
1 |
2 |
|
||||||||||||||
т.к. V = ω r |
; ω = |
Vc |
|
= |
ω1r1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
c |
1 1 |
2 |
|
|
|
r2 |
|
|
|
r2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
При повороте барабана на угол ϕ = 2πN совершают работу момент М и сила Р2, работа остальных сил будет равна нулю.
A(M ) = M ϕ = M 2πN ;
A( P2 ) = −m2 g sin αSc ,
где Sc = ϕr1 = 2πNr1 – перемещение точки С.
203
∑ Ae = M ϕ − m g sin αS |
c |
= 2πN ( M − m gr sin α) . |
|||||||||
k |
|
2 |
|
|
|
|
|
2 1 |
|||
Приравниваем Т и ∑ Ae |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
|
||
ω12r12 (m + 3m ) = 2πN (M − m gr sin α); |
|||||||||||
4 |
1 |
2 |
|
|
|
2 |
1 |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
ω1 = |
2 |
|
2πN |
M − m2 gr1 sin α |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||
|
|
|
|
|
m1 + 3m2 |
|
|||||
|
|
r1 |
|
|
|
|
|
|
|||
Задания для самостоятельного решения |
|||||||||||
|
|
Задание 1. |
Груз А массой М1, опускаясь вниз, |
||||||||
|
при помощи троса, перекинутого через неподвиж- |
ный блок D, поднимает вверх груз В массой М2, прикрепленный к оси подвижного блока С. Блоки C и D считать однородными сплошными дисками мас- сой М3 каждый. Определить скорость груза А в мо- мент, когда он опустится на высоту h. Массой троса, проскальзыванием по ободам блоков и силами со- противления пренебречь. В начальный момент сис- тема находилась в покое (рис. 71).
Рис. 71
Задание 2. К грузу А массой М1 прикреплена нерастяжимая нить, переброшенная через блок D массой М2 и намотанная на боковую по- верхность цилиндрического катка В массой М3. При движении груза А
вниз по наклонной плоскости, рас-
Рис. 72
положенной под углом α к горизон- ту, вращается блок D, а каток В ка- тится без скольжения вверх по наклонной плоскости, образующей с гори-
зонтом угол β (рис. 72).
Определить скорость груза А в зависимости от пройденного им пути S, если в начальный момент система находилась в покое. Блок D и каток В считать однородными круглыми цилиндрами. Силами трения и массой ни- ти пренебречь.
204
Принцип Даламбера
Цель занятия: изучить применение принципа Даламбера к определе- нию динамических реакций опор.
Если к каждой точке движущейся системы приложить силу инерции этой точки, то все силы инерции будут уравновешиваться заданными си- лами и реакциями связей.
|
F |
+ |
N |
к |
+ F и = 0 (к = 1, 2, 3,…, n). |
|
к |
к |
|||
Сила инерции точки |
|
|
Fku = mk ak
и направлена противоположно вектору a .
Силы инерции при движении механической системы приводятся к силе, равной главному вектору и паре сил с моментом, равным главному моменту:
а) при поступательном движении твердого тела силы инерции при- водятся к одной силе
F u = −M a ;
б) при вращательном движении вокруг оси, проходящей через центр масс, силы инерции приводятся к паре сил с моментом
M uu = J ε ,
направленным противоположно направлению ε; в) при плоскопараллельном движении твердого тела силы инерции
приводятся к силе, равной главному вектору,
Ru = −Mac ,
и паре сил с моментом
M u = J ε .
Пример 1. Электромотор, установленный на горизонтальной балке, поднимает с помощью троса груз весом Р1 = 2000 Н. Радиус барабана, ук- репленного на оси мотора, r = 0,4 м.
Момент инерции барабана вместе с ротором J = 40 кг·м2. Определить динамические реакции опор А и В,
если груз поднимается с ускорением а = 1 м/с2; АВ = 3 м; масса балки
80 кг; b = 0,6 м (рис. 73).
Рис. 73
205
Решение. Присоединяем к активным силам Р1, Р2, реакциям связей хА , yA , RB силы инерции и момент сил инерции
F u = |
P |
|
M u = J ε ; ε = |
a |
|
1 |
a ; |
|
; |
||
g |
|
||||
1 |
1 |
|
r |
M u = J a . r
Составляем уравнения равновесия
∑ Fkx = 0 |
|
xA = 0 ; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
∑ F = 0 |
|
−P − P − F u + y |
A |
+ R = 0 ; |
|
||||||||
ky |
|
1 2 |
|
1 |
) |
|
B |
|
|||||
|
A ( k ) |
|
|
( |
1 |
1 |
|
|
B |
2 |
|||
∑m |
|
F |
|
= 0 |
−M u − |
|
P |
+ F u |
|
(b + r ) + R AB − P |
Подставляя числовые значения, находим
RB = 1160 H ; yA = 1624 H .
AB = 0 . 2
Пример 2. Через блок массой m2 перекинута нить, к концам которой прикреплены грузы массой m1 и m2. Найти ускорения грузов и реакцию оси блока, считая его однородным круглым диском; m1 = 3m; m2 = 6m; m3 = 2m
(рис. 74).
Решение. На систему действуют заданные силы Р1, Р2, Р3, реакции
опоры х0, у0. Показываем a , учитывая, что m2 > m1, и прикладываем к сис-
теме силы инерции F u |
, |
F u и момент сил инерции Мu, модули которых |
||||||||||||||||
1 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
равны |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
u |
|
|
u |
|
|
|
|
|
u |
|
m3r2 |
|
a |
|||
|
|
F1 = m1a ; |
F2 |
= m2a ; |
M |
|
= J ε = |
|
|
|
. |
|||||||
|
|
|
2 |
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r |
||
|
|
Для определения a составим уравнения |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
= 0 Pr + F u r + M u r + F u r − P r = 0 ; |
|||||||||||||||
|
|
∑m |
F |
|
||||||||||||||
|
|
0 ( k ) |
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
2 |
2 |
|
|
|
|||
|
|
Pr + m ar + |
m3 × ar |
|
+ m ar − P r = 0 ; |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
2 |
|
2 |
2 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a = g |
|
|
m2 - m1 |
|
= 0,3g . |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
0,5m3 |
+ m1 + m2 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
Реакции опоры определяем из уравнений |
||||||||||||||||
|
|
∑ Fkx = 0 |
x0 = 0 ; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
∑ F = 0 −P − P − P − F u |
+ F u + y = 0 ; |
|||||||||||||||
|
|
ky |
|
1 |
2 |
3 |
1 |
2 |
0 |
|
|
|
Рис. 74 |
y0 |
= 10,1mg . |
|
206
Задания для самостоятельного решения
Задание 1. Груз А массой М1, опускаясь вниз по наклонной плоскости D, образующей угол α с горизонтом, приводит в движение по- средством нерастяжимой нити, переброшенной
через неподвижный блок С, груз В массой М2. |
|
Определить горизонтальную составляющую дав- |
|
ления наклонной плоскости D на выступ пола E. |
|
Массой нити пренебречь (рис. 75). |
Рис. 75 |
Задание 2. Однородный круглый диск радиусом R и массой M вращается с постоянной угловой скоро- стью ω вокруг своего вертикального диаметра. Опреде- лить силу, разрывающую диск по диаметру (рис. 76).
Рис. 76
Принцип возможных перемещений
Цель занятия: изучение особенностей применения принципа воз- можных перемещений к определению опорных реакций.
Принцип возможных перемещений определяет необходимое и доста- точное условие равновесия механической системы с идеальными, голо- номными, удерживающими, стационарными связями. Это условие обеспе- чивается выполнением уравнения
∑δAка = 0 .
Задачи на применение принципа возможных перемещений следует решать в следующей последовательности:
1.Выполнить рисунок заданной конструкции, приложив дейст- вующие на нее силы.
2.При определении реакции опоры следует либо ее отбросить (если она дает только одно ограничение в перемещении), либо заменить другим типом связи, отбрасывая только одну связь.
3.Определить независимые возможные перемещения тел системы.
207
4.Сообщить системе, получившей одну степень свободы, возмож- ное перемещение и выразить возможные перемещения через какое-либо одно.
5.Составить сумму работ всех сил, приложенных к системе на воз- можном перемещении.
6.Решая уравнение, определить неизвестную реакцию.
Пример 1. Определить опорные реакции составной балки, состоя- щей из балок АС и СД, соединенных в точке С шарниром (рис. 77).
Рис. 77
Дано: P = 2 кН; М = 4 кНм; q = 3 кН/м.
Найти: xA; yA; RB; RD.
Равнодействующая от распределенной нагрузки
Q = q × 4 = 3 × 4 =12 кН.
Определяем yA (рис. 78):
∑δAка = 0;
( yA5 − Psin60°3 − M ) δϕ1 + Q2δϕ2 ;
δϕ1 = δϕ2 ; yA = −2,96 кН.
Рис. 78
208
Определяем хА (рис. 79):
Рис. 79
∑δAка = 0 ;
xAdS - P cos 60° × dS - Q × 2 × dj = 0 ;
dj = δS ; CR = 6,93 м ;
CR
xA |
× dS - P cos 60°dS - Q × 2 × |
δS |
= 0 ; |
|
|||
|
6,93 |
||
|
xA = 4,46 кН. |
Определяем RD (рис. 80):
Рис. 80
∑dAка = 0 ;
( RD cos30° × 4 - Q × 2)dj = 0 ;
RD = 6,93 кН .
209
Определяем RA (рис. 81):
Рис. 81
∑δAка = 0 ;
(-P sin 60° × 2 + RD ×5 + M ) dj1 - Q × 2dj2 = 0 ;
9dj1 = 4dj2 ® dj2 = 9 dj1 ; 4
RB = 10,7 кН.
Пример 2. Каркас платформы состоит из Г-образных рам с проме- жуточными шарнирами С. Верхние концы рам жестко защемлены в бетон- ную стену, нижние опираются на цилиндрические подвижные опоры. Оп- ределить вертикальную реакцию защемления при действии сил P1 и Р2
(рис. 82).
б)
а)
Рис. 82
Решение. Для определения уА выполним замену жесткой заделки другим типом связи и реакцией уА. Сообщим системе, получившей одну степень свободы, возможное перемещение и составим уравнение работ.
210