книги / Принципы и практика решения задач по общей физике. Оптика. Квантовая физика
.pdfопределяемом углом ϕ, создадут на экране колебания с одинаковой амплитудой dA, так как линза собирает в фокальной плоскости плоские (а не сферические) волны. В связи с этим множитель 1/ r в выражении (1) будет отсутствовать. Если же ограничиться малыми углами дифракции, то коэффициент K (ϕ) в (1) можно считать посто-
янным.
Проведем суммирование вторичных волн с помощью векторной диаграммы. Каждое колебание, приходящее от зоны-полоски, имеет одинаковую амплитуду dA, но эти колебания от соседних зон имеют одинаковый небольшой сдвиг фазы δθ, обусловленный разностью расстояний от краев зоны до точки P и зависящий от угла дифракции ϕ. Таким образом, нам необходимо сложить графически цепоч-
ку векторов dA, одинаковых по модулю и повернутых относительно друг друга на один и тот же угол δθ.
При ϕ = 0 (т.е. в центре экрана) разность фаз всех соседних векторов δθ = 0 (напомним, что линза – система таутохронная). В этом случае векторная диаграмма имеет вид, показанный на рис. 2.24, а. Амплитуда результирующего колебания A0 равна сумме амплитуд dA складываемых колебаний – это нулевой максимум. Если угол ϕ таков, что разность хода лучей, приходящих от краев щели, ∆ =bsin ϕ = λ/ 2, то полный сдвиг фазы первого и последнего колебаний, приходящих от краев щели, равен π (колебания находятся в противофазе). Соответственно векторы dA располагаются вдоль полуокружности длиной A0 (сумма их модулей не может измениться!). Это отображено на рис. 2.24, б. Следовательно, результирующая амплитуда равна 2А0/π, что меньше амплитуды при ϕ = 0. Увеличим еще угол ϕ до значения, при котором разность фаз колебаний от краев щели станет равной 2π. В этом случае разность хода ∆ =bsin ϕ = λ
и векторы dA расположатся вдоль окружности (рис. 2.24, в). Результирующая амплитуда станет равной нулю – первый минимум.
91
|
|
|
|
|
|
|
|
|
а |
б |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
в |
г |
Рис. 2.24 |
ϕ, при котором |
Затем при дальнейшем увеличении угла |
bsin ϕ =3λ/ 2, колебания от краев щели станут отличаться по фазе на
3π. При этом сумма векторов dA обойдет полтора раза окружность диаметра A1 = (2 / 3π)A0 (рис. 2.24, г). Диаметр этой окружности
и есть амплитуда первого максимума, следующего за нулевым (центральным).
Если интенсивность центрального максимума принять за I0 , то
интенсивность первого максимума I =(2 / 3π)2 |
I |
0 |
≈ 0,045I |
0 |
. Анало- |
1 |
|
|
|
гично можно найти и относительную интенсивность остальных максимумов. В итоге получается следующее соотношение:
|
|
|
|
2 2 |
|
2 2 |
|
2 2 |
||||
I0 : I1 : I2 |
: I3 |
:... =1: |
|
|
|
: |
|
|
: |
|
|
:... ≈ |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
3π |
|
5π |
|
7π |
|
≈1: 0,045: 0,016 : 0,008:...
92
Соответствующая картина распределения интенсивности света в зависимости от sin ϕ представлена на рис. 2.25. Обратим внимание
на то, что центральный максимум значительно превосходит по интенсивности остальные максимумы и в нем сосредоточивается основная доля светового потока, проходящего через щель.
Рис. 2.25
Кроме того, мы нашли угловое положение как максимумов, так и минимумов интенсивности. Условие
bsin ϕ= ±kλ (k =1,2,3...)
определяет угловое положение минимумов (при k = 0 всегда наблюдается максимум), а условие
bsin ϕ = ± k + |
1 |
|
λ |
(k =1,2,3...) |
|
2 |
|
|
|
определяет положение максимумов при дифракции Фраунгофера на щели шириной b.
Дифракция Фраунгофера от круглого отверстия представляет большой практический интерес, так как оправы линз и объективов
93
в оптических приборах, а также диафрагмы имеют обычно круглую форму. Дифракцию наблюдают по той же схеме, что и дифракцию Фраунгофера на узкой щели (см. рис. 2.23), только вместо ширины щели b необходимо учитывать диаметр отверстия D. Дифракционная картина имеет вид центрального светлого пятна, окруженного чередующимися темными и светлыми кольцами. Подавляющая часть (около 84 %) светового потока, проходящего через отверстие, попадает в область центрального светлого пятна (кружок Эйри). Интенсивность первого светлого кольца составляет всего 0,75 %, а второго – 0,41 % от интенсивности центрального пятна (соответствующее распределение интенсивности света в зависимости от sin ϕ приведе-
но на рис. 2.26). Поэтому в первом приближении дифракционную картину можно считать состоящей из одного лишь светлого пятна с угловым радиусом, определяемым формулой
sin ϕ1 =1,22 Dλ .
Рис. 2.26
Это пятно является по существу изображением бесконечно удаленного точечного источника света, уширенным дифракцией от краев круглого отверстия диаметром D.
Одним из важнейших спектральных приборов является дифракционная решетка – стеклянная или металлическая пластинка, на ко-
94
торую нанесено много равноотстоящих штрихов шириной b с периодом d (постоянная решетки). Дифракционную (точнее ди- фракционно-интерференционную) картину наблюдают по методу Фраунгофера, т.е. в параллельных лучах, а практически – в фокальной плоскости линзы (рис. 2.27). Эта картина имеет вид резко выраженных темных и светлых полос, параллельных краям решетки.
Условие главных максимумов:
d sin ϕ= ±kλ
Условие главных минимумов:
Рис. 2.27
(k = 0,1, 2...).
bsin ϕ= ±mλ (m =1,2,3...).
Условие дополнительных минимумов, располагающихся между главными максимумами с номером k:
|
m |
|
(k = 0,1, 2...; m =1, 2,3...N −1), |
|
d sin ϕ = ± k + |
|
|
λ |
|
|
||||
|
N |
|
|
где N – число штрихов решетки. Между дополнительными минимумами располагаются добавочные максимумы, интенсивность которых при достаточно большом N пренебрежимо мала (менее 5 % от интенсивности главных максимумов). Поэтому практически наиболее важными являются главные максимумы.
Дифракция рентгеновского излучения на кристаллической решетке твердого тела описывается формулой Вульфа–Брэгга
2d sin α = ±mλ (m =1, 2,3...),
95
где α – угол скольжения; d – расстояние между кристаллическими плоскостями, в которых атомы расположены наиболее плотно (рис. 2.28).
2.2.1. Зоны Френеля. Рассмотрим несколько примеров задачи о зонах Френеля.
1. Плоская световая волна с длиной волны λ падает нормально на диафрагму с круглым отверстием, которое открывает первые N зон Френеля
для точки P на экране, отстоящем от диафрагмы на расстояние b. Найти интенсивность света I0 перед диафрагмой, если известно распределение интенсивности света на экране I (r), где r – расстояние до точки P.
Рассмотрим вначале общий случай падения на диафрагму с круглым отверстием сферической световой волны от точечного источника S, находящегося на расстоянии a от диафрагмы (рис. 2.29). Так как волновая поверхность, которой мы перекрываем отверстие, симметрична относительно прямой SP, то целесообразно разбить волновую поверхность на кольцевые зоны с центром на оси отверстия. Данные зоны выберем так, чтобы разность расстояний от краев каждой зоны до точки P была равна λ/ 2. Эти кольцевые полоски и есть зоны Френеля в данном случае.
Рис. 2.29
96
Найдем |
внешний |
|
|
радиус |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
m-й зоны Френеля rm . Из тре- |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
угольника |
ASB |
на рис. 2.30 на- |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
ходим r2 |
= a2 −(a −h |
)2 |
. |
|
Так как |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
m |
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
обычно ha << a, |
то |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
r2 ≈ 2ah |
→ h = |
|
r |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
m |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
m |
|
a |
a |
|
|
2a |
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 2.30 |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Совершенно аналогично |
из |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
треугольника |
ABP на |
рис. 2.30 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
находим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r2 |
= b + mλ 2 − b − mλ |
−h |
2 ≈ 2bh → h = |
rm2 |
|
|
||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||||
|
m |
|
2 |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
b |
|
b |
b |
|
2b |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
(при этом мы пренебрегли величинами mλ и hb |
по сравнению с рас- |
||||||||||||||||||||
стоянием до экрана b. |
|
Кроме того, сумма величин ha |
и hb , как сле- |
||||||||||||||||||
дует из рис. 2.30, должна быть равна mλ/ 2: |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ha + hb = mλ/ 2. |
|
|
|
|
|
|
||||||
Подставляя сюда найденные значения ha |
и |
hb , |
находим внеш- |
||||||||||||||||||
ний радиус m-й зоны Френеля: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r = |
|
ab |
mλ. |
|
|
(1) |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
m |
|
a |
+b |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
При падении на отверстие плоской волны (a → ∞) |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
rm = |
bmλ. |
|
|
(2) |
Так как световой поток с интенсивностью I0 , прошедший за диафрагму, весь попадает на экран с распределением I (r), то должно выполняться равенство
97
I0πrN2 = ∫ I (r)dS,
где интегрирование ведется по всей площади экрана, а значение rN
в соответствии с формулой (2) равно bNλ. В качестве элемента dS целесообразно взять тонкие плоские кольца радиусом r и шириной dr. Тогда dS = 2πr dr. Таким образом, для I0 получаем
2 ∞
I0 = bNλ ∫0 I (r)dr.
2. Плоская монохроматическая световая волна с интенсивностью I0 падает нормально на поверхности непрозрачных экранов, показанных на рис. 2.31. Найти зависимость от угла α интенсивности света I в точке P:
а) расположенной за вершиной угла экрана (рис. 2.31, а); б) для которой закругленный край экрана совпадает с границей
|
|
|
первой зоны Френеля (рис. 2.31, б). |
|||
|
|
|
|
Рассмотрим |
вначале экран, |
|
|
|
|
отображенный на рис. 2.31, а. Дан- |
|||
|
|
|
ный экран перекрывает одинаковую |
|||
|
|
|
угловую долю всех зон Френеля, на- |
|||
|
|
|
ходящихся на плоском фронте вол- |
|||
а |
б |
|
ны. Это означает, что амплитуда ко- |
|||
|
Рис. 2.31 |
|
лебаний в точке |
P может быть вы- |
||
|
|
числена как |
|
|||
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
α |
|
|
|
|
A = A0 1− |
|
, |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
2π |
|
где A0 – амплитуда колебаний на самом фронте волны. Квадрат этой амплитуды равен интенсивности I0. Значит, интенсивность колебаний в точке P составляет
I≈ 1− 2απ 2 I0.
98
Приближенный знак равенства поставлен из-за того, что мы пренебрегли дифракцией от краев экрана.
В случае, отображенном на рис. 2.31, б, для нахождения амплитуды A в точке P нам придется просуммировать ряд
A = A +(−A + A − A +...) 1− |
α |
, |
(3) |
|||
|
|
|||||
1 |
2 3 4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2π |
|
|
где Am – амплитуда колебаний от m-й зоны Френеля. Этот ряд составлен из следующих соображений. Площади зон Френеля (при
достаточно малых m) ∆S = πr2 |
−πr2 |
= πλb практически одинаковы |
m |
m−1 |
|
(b – расстояние от экрана до точки P). Но амплитуды колебаний,
приходящих в точку P от этих зон, монотонно и слабо убывают изза увеличения расстояния до точки P и увеличения угла ϕ между
нормалью к зоне и направлением на точку P. Кроме того, фазы колебаний, возбуждаемых в точке P соседними зонами, отличаются на π, поэтому векторы-амплитуды соседних зон противоположны по направлению.
Представим ряд (3) несколько иначе
A =( A − A + A −...) + |
|
α |
|
( A − A + A −...). |
|
|
(4) |
||||||||||||
2π |
|
|
|||||||||||||||||
1 |
2 |
3 |
|
|
|
|
2 |
|
3 |
4 |
|
|
|
|
|||||
Перепишем выражение в первой скобке |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
A |
|
A |
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
A |
|
A |
|
|
|
A1 − A2 + A3 −... = |
|
1 |
+ |
1 |
− A2 |
+ |
|
3 |
|
|
+ |
|
3 |
− A4 + |
5 |
|
+... |
(5) |
|
2 |
2 |
2 |
|
2 |
2 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В силу монотонности убывания амплитуд можно считать приближенно Am ≈( Am−1 + Am+1 )/ 2 и тогда каждая скобка в (5) обращается
в нуль, поэтому
A1 − A2 + A3 −... ≈ A21 .
Данный результат означает, что амплитуда колебаний от всего фронта волны A0 равна половине амплитуды от первой зоны
99
Френеля (очень неожиданный результат). Для второй скобки в (4) имеем
A − A + A −... = A −( A − A + A −...) = A − |
A1 |
= |
A1 |
. |
|||||||||||||
|
|
||||||||||||||||
2 |
3 |
4 |
|
1 |
1 |
2 |
|
3 |
|
1 |
2 |
2 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Следовательно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A = |
A |
+ |
α A |
= |
A |
|
+ |
α |
|
|
|
|
|||
|
|
1 |
|
|
1 |
1 |
1 |
|
. |
|
|
|
|
||||
|
|
2 |
2π 2 |
2 |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
2π |
|
|
|
|
Но значение A1 / 2 и есть амплитуда колебаний от всего фронта волны A0. Поэтому
A = A 1+ α .
0 2π
Соответственно интенсивность колебаний в точке P составляет
I= I0 1+ 2απ 2 .
3.Плоская световая волна с λ = 640 нм и интенсивностью I0 падает нормально на круглое отверстие радиусом R =1, 20 мм. Найти
интенсивность в центре дифракционной картины на экране, отстоящем на расстояние b =1,50 м от отверстия.
Если бы в отверстии умещалось какое-то небольшое целое число зон Френеля N, то задача сводилась бы к суммированию ряда
A = A1 − A2 + A3 −... ± AN ,
где знак плюс перед AN соответствует нечетному N, а знак минус –
четному N. Нетрудно сообразить, что при N четном A ≈ 0, |
а при |
|||
N нечетном A ≈ A1 ≈ 2A0 ( A0 |
– |
амплитуда |
колебаний на |
самом |
фронте волны). В нашем же случае значение |
N, найденное из (2), |
|||
составляет |
|
|
|
|
N = |
R2 |
=1,5. |
|
|
bλ |
|
|
||
|
|
|
|
100