книги / Сборник задач по термодинамике физико-химических процессов. Решение задач
.pdf1.2. Применение уравнения газов в идеальном состоянии для термокаталитических процессов
1.2.1.Решение задач
Хлористый этил разлагается по схеме:
С2Н5С1 = С2Н4 + С12
N (l-x ) |
Nx |
Nx |
Поправочный коэффициент для этой реакции имеет такой вид:
. N ( l - x ) + N x + Nx л
N
и уравнение Клапейрона-Менделеева дополняется этим коэффициентом:
PV = (l + x)RT— .
м
Подставляя численные значения параметров в эту формулу, получим:
101333- 0,003 = (1 + *) |
• 8,314 • 500 • — . |
|
V |
' |
64,5 |
Откуда получаем степень превращения: х =1,347 - 1 = 0,347.
2. Объём, который займет реакционная смесь при дегидратации этилово го спирта по схеме: СгН5ОН = С2Я4 + Н2О , определится по формуле:
(л |
\RT |
т |
Л |
. _ .ч 8,314-563 |
0,01 |
Л П 1 0 |
3 |
||
V = (1 + х)--------------- |
М |
(1 + О ^г)-! |
------------------101333 |
!— |
= 0,018 |
м3 |
|||
v |
’ Р |
v |
|
' |
0,046 |
|
|
||
3. Давление рассчитываем по формуле: |
|
|
|
|
|||||
р = |
|
= (1 + 0,8) |
2 |
8 ,3 ^14 - 5 2 3 |
= 1,01504• 104 |
Па. |
|||
М |
У |
v |
!208,4 |
0,00741 |
|
|
|
||
где / = 1 + х. |
|
|
|
|
РС15 = РС1Ъ+ С12 |
|
|||
Реакция проходит по схеме: |
|
||||||||
|
|
|
1 |
- х |
х |
х |
|
|
|
4. Молекулярную массу иода рассчитывают с учетом поправочного ко
эффициента i по формуле:
imRT М =■
PV
Кажущуюся молекулярную массу определяют по уравнению КлапейронаМенделеева без учета поправочного коэффициента:
_ _ mRT
Мк = ------- .
к PV
31
Поделив первое выражение на второе, получим отношение молекулярных масс, равное поправочному коэффициенту /:
i = M / M K.
Подставляя молекулярные массы, получим:
/ = 253,8/241 = 1,05.
Иод распадается по схеме: |
|
|
/2 = |
/ + |
/. |
1-Л' |
X |
X |
Откуда поправочный коэффициент будет равен: |
||
/ = 1 - л + 2л' = 1 + х, тогда степень превращения равнах = / - 1 = |
||
= 1 ,0 5 -1 = 0 ,0 5 |
или 5%. |
5. 5. 1. Определяем выражение поправочного коэффициента для реак ции:
|
50з = SO2 + 0,5О2 |
|
|
||
|
nso,{l ~ x ) ’ nso>x |
; ° ’5nso,x ’ |
|
||
У , п =и°„. (l —х + х + 0,5л:) , |
откуда |
г = 1 + 0 ,5л:. |
|||
5. 2. Рассчитываем превращение триоксида серы: |
|
|
|||
Р V = (l + 0,5х)— R T , откуда |
1 + 0,5л: = — |
. |
|||
|
М |
|
|
mRT |
|
Подставляем численные значения параметров: |
|
|
|||
, |
80-101333 -0,001 |
п „ |
|
||
1 + 0,5л: = -------------------- |
!----- |
= 1,152. |
|
||
|
0 ,9 4 -8,314 -900 |
|
|
Степень превращения будет равна:
JC= 2(1,152-1) = 0,304.
5. 3. Определяем число моль веществ в смеси:
V , = ,г°о, ( 1 - * ) = 0 ,9 4 /8 0 (1 - 0 ,3 0 4 ) = 0,008178, п50 = 0 ,9 4 /8 0 - 0 ,3 0 4 = 0 ,0 0 3 5 7 2 .
п0 = 0 ,9 4 /8 0 - 0 ,3 0 4 - 0 ,5 = 0 ,0 0 1 7 8 6 .
Сумма числа моль веществ в смеси:
Z п =ns0>+ nso2+ по2 = 0 ,0 0 8 1 7 8 +
+0 ,0 0 3 5 7 2 + 0 ,0 0 1 7 8 6 = 0 ,0 1 3 5 3 6 .
5.4. Расчет мольных долей веществ в смеси:
32
xS0} = nSOi / J > = 0 ,0 0 8 1 7 8 /0 ,0 1 3 5 3 6 = 0,604
xso, = 0 ,2 6 3 ,
=0 ,1 3 2 .
5.5.Парциальные давления рассчитываются по закону Дальтона:
Pi = x iP >
откуда имеем:
Pso> = 0 ,6 0 4 -1 0 1 3 3 3 = 61205 Па,
Pso> = 0,263 -101333 = 26650 Па,
Рл =13375 Па.
6. Кажущуюся молекулярную массу Л'20 4 рассчитываем следующим об разом. Для реакции
N2O4 = 2 NO2 отношение молекулярных масс равно: 1 - х 2 х
М |
М |
М = 9 2 , |
М |
----- = I или |
------ = 1 + х, |
М .. = -------------- = 55,55. |
|
М„. |
М к |
|
1 + 0,656 |
7.Вначале рассчитываем плотности водорода и PCI5 по формуле:
А = |
Р М |
Рн, |
101333 |
-0,002 |
RT |
=■ |
= 0,0512 кг-м'3, |
||
|
' "2 |
8,314 |
-476 |
|
|
Рра, |
101333-0,2081 |
||
|
8,314 -476 |
= 5,238 кг-м'' |
||
|
|
|
Плотность реакционной смеси в 62 раза тяжелее водорода и равна:
уОсм = 0,0512 • 62 = 3,174 кг-м'3
Превращение РС1$ = РС/3 + С/2 будет равно:
Рра, -Реи |
5 ,2 3 8 -3 ,1 7 4 |
х = - |
= 0 ,6 5 . |
/> ,,(* —1) |
3 ,1 7 4 (2 -1 ) |
8. Определим степень превращения N0O4 = 2N02. Плотности можно оп ределить по формуле:
р = |
РМ |
|
101333 |
-0,002 |
, |
|
------, р„ |
• |
= --------------------- |
|
-348 |
= 0,070 кг-м'3 и |
|
|
RT |
8,314 |
|
|||
|
101333 |
-0,092 |
, |
|||
|
Рн о —---------------------- |
|
8,314 |
|
= 3,222 кг-м3 |
|
|
- 4 |
|
-348 |
|
33
Плотность реакционной смеси тяжелее водорода в 26,2 раза, тогда её плотность будет равна:
р см = 0,070 • 26,2 = 1,834 кг-м'3 Степень превращения будет равна:
х |
P N2O4 ~ Р см |
3,222 —1,834 |
||
= |
|
|
= 0,756. |
|
|
|
|
1,834(2 - 1) |
|
9. Иод распадается по уравнению: |
= |
/ + |
/ |
|
|
12 |
|||
|
1 - |
Л' |
Л* |
X. |
сумма числа моль в системе равна:
Хг = 1 - х + 2х = 1 + х. Молекулярная масса иода Ми= 254. При Т\ = 1073 К :
М254
1 = - * - |
= — |
= 1,0539 = 1 + * .. |
М .. |
241 |
1 |
и степень превращения равна: Л| = 0,0539. При Т2 = 1300 К :
254
i = — = 1,198 = 1 + * ,.
212 2
и степень превращения равна: х2= 0,198.
1.3. Термодинамические процессы в идеальных газах
|
|
|
1.3.1. Решение задач |
|
|
|
1. |
В |
формулах |
законов |
Гей-Люссака |
и |
Шарля |
V = 1^,(1 + б») и Р = Р()(l + a t) |
вместо коэффициента а подставим его |
|||
значение через абсолютную температуру: |
|
|
||
t \ |
( 273,16 + / |
\ и Т |
V Т |
|
V = V0 l + |
= Vn |
|
\ = Уа — , |
или — = — , |
273,16, |
|
273,16 |
л0 |
vо |
I ___^ |
("273,16 + / ' |
Т |
р |
|
Р = Рп 1 + |
\ |
273,16 |
= Рп |
или |
273,16 J |
|
|
2.По закону Клапейрона-Менделеева рассчитывают давление при задан
ных температурах для Vo = 0,1 м3 и V= 0,3 м3:
P = EL
V, '
Результаты расчета представлены на рис. 1.4.
34
О |
100 |
200 |
300 |
400 |
500 |
Т, К
РисЛ.4. Зависимость Р=Р(Т) для: 1 - Vo = ОД м3 и 2 - V= 0,3 м3
Из рисЛ.4 следует, что для меньшего объёма повышение давления с уве личением температуры выше. Резервуар меньшего объёма имеет мень шую площадь поверхности, поэтому сумма импульсов, равная силе, ум ноженной на время соударения молекул со стенкой, приходящихся на единичную площадь поверхности стенки, в первом случае будет выше, чем в сосуде большего размера:
где S\<S2- поверхность стенок,
и давление в первом резервуаре будет выше, чем во втором, и эта тенден ция сохранится с повышением температуры.
3. Изотермы расширения газа на графике, приведенном в координатах P=P(V) будут представлены в форме парабол, отстоящих друг от друга на расстоянии АГ, причём с увеличением температуры параболы будут далее располагаться от точки начала координат, см. рис.1.5.
35
р
Рис. 1.5. Расположение изотерм с увеличением температуры нагрева газа:
Ti <T2 <T3 .
4.Графические зависимости
Рис.1.6. Зависимость |
Рис. 1.7. Зависимость |
Рис. 1.8. Зависимость |
|||
|
Р=Р(Т): |
|
V=V(T): |
|
Р=Р(У): |
1 - |
V^const, изохора |
1 - P=const, изобара |
1 - /^const, изобара |
||
2 - /^const, изобара |
2 - |
r=const, изотерма |
2 - |
V=const, изохора |
|
3 - |
r=const, изотерма |
3 - |
V=const, изохора |
3 - |
7=const, изотерма |
3.Нагревание газа от Т\ до Т2приводит к увеличению его объёма.
36
2
р
Рис. 1.9. Зависимость Р=Р(Т).
Для определения типа процесса, который проходит при нагревании газа, можно провести через точки 1 и 2 изохоры. Изохора, проходящая через точку 11, располагается выше, чем изохора, проходящая через точку 22. Следовательно, в т. 22 газ занимает больший объём, чем в точке 11.
6. При равновесии для обеих секций в цилиндре можно составить уравне ние универсального закона:
P V P V
о ГГ 1 _ r 2 v2
тi, тi 2
При равновесии Т\ = Т2- термическое равновесие, Р\=Р2- механическое равновесие. Оно также будет выполняться, если выполняется равенство 2V\ = V2. Суммарный объём равен 2V\ + V\ = V. Отсюда: V\ = 1/3 V Vn = 2/3 V.
7. Давление газа в цилиндре на его стенки под поршнем при T=const зави сит от числа молекул в заданном объёме. В первом цилиндре число моле-
- |
m хт |
АГ |
m .. |
кул будет равно /V, = |
-----, а во втором - 1у7 = |
------------/Vn. |
|
1 |
М , |
|
2 М, |
Во втором цилиндре число молекул будет меньше, чем в первом. Тогда для заданной массы газов m при данном давлении первый газ будет зани мать больший объём, чем второй, или для достижения заданного объёма У1 второй газ должен находиться под большим давлением, чем первый, см. рис.1.10.
37
Рис. 1.10. Зависимость V=V(P): Р\ V1давление и объём для первого газа, Р11, V11давление и объём для второго газа.
8. а) По закону Клапейрона-Менделеева:
т |
т RT |
|
RT |
( 1) |
PV = — RT или |
Р = --------, откуда Р = р -----. |
|||
М |
V M |
|
М |
|
Это уравнение сводится к линейному: |
|
|
|
|
1 |
RT |
1 |
„ |
|
— = ----- или — = аТ |
|
|||
р |
РМ |
р |
|
|
Это уравнение представлено на графике, рис. 1.11, прямой:
Рис. 1.11. Зависимость \lp=fiT) при Р = const,
б) Из уравнения (1) получаем линейную зависимость для функции р = р
(Р):
38
„ м |
р —ЬР, |
(2) |
р = Р ----- или |
RT
где b = М IRT. Это уравнение графически представлено на рис. 1.12.
Рис. 1.12. Зависимость р = р(Р) при Т = const
9. В сосуде и отводной трубке воздух занимал объём V\ = 200 + 0,2-25 = 205 см3. После нагрева воздуха он занимает объём Г2 = 200 + 0,2-60 = 212 см3
По закону Гей-Люссака при Р = const имеем:
V |
Т |
V |
212 |
— |
= — , откуда |
Тп = — Т, = ------- 278 = 287,49 К. |
|
V, |
Т, |
- V ' |
205 |
1.4.Уравнения состояния реальных газов
1.4.1.Решение задач
1.Расчёт объёма резервуара осуществляется методом подбора. Для этого вначале по уравнению Клапейрона-Менделева оценим объём резервуара:
V = n— |
= 100000 0 ,0 8 2 0 6 ' 300 = 49236 л. |
Р |
50 |
Далее используем уравнение Ван дер Ваальса для расчёта Р :
nRT |
ап |
Р = --------- |
+ — |
V -n b |
V 2 |
Откуда после подстановки данных получим:
39
100000-0,08206-300
р =
49236-100000-42,8-10'3
100000-3,26-10®-ИГ6 = 54,7 атм. 49236
Можно изменить объём до 50000 л, тогда давление будет равно Р = 53,8 атм, что выше заданного. Можно задать V = 53000 л, тогда Р = 50,5 атм, что совпадает с заданным давлением. Следовательно, резервуар должен иметь объём V = 53 м3
2. По формуле Клапейрона-Менделеева:
|
/ > = — . |
|
|
|
Давление равно: |
|
|
|
|
„ 2 -0 ,0 8 2 0 6 -2 9 8 |
„ оп |
|
||
Р = ---------- |
—---------- = 4,о9 атм. |
|||
|
10 |
|
|
|
По формуле Ван дер Ваальса: |
|
|
|
|
|
Р = |
nRT |
па |
|
|
|
V 2 |
|
|
давление равно: |
V - rib |
|
||
|
|
|
|
|
„ 2 -0,08206 -290 |
25,46-106 -2 |
, м |
||
Р = ----------------------------------- |
|
=----- |
7— |
= 4,52 атм. |
10-2-0,1453 |
102-106 |
|
||
3. Для условий, когда х « \ , |
при Р—>0 разлагаем е |
в ряд и для уравнения |
||
Дитерици получаем следующее выражение: |
|
|||
R T |
1 — |
а |
|
|
Р = |
R T V R 2T 2V 2 |
|
||
V - Ь |
|
|
||
После умножения получим: |
|
|
|
|
R T |
|
|
а |
|
Р = |
v i y - ь ) R T V 2 ( V - b ) |
|||
V - b |
При условии, что V » b, получаем уравнение Ван дер Ваальса:
г - RT |
g |
V - b |
V 2 ' |
4. В критической точке первая и вторая производная от Р по V равны ну лю. Дифференцируя уравнение по объему:
R T |
а |
Р =
V - b T
40