книги / Сборник задач по аналитической геометрии.-1
.pdfуравнением:
1) |
Зле2 -f |
10ху + 3у2— 2.v — 14у — 13 == 0; |
||||
2) |
25л*2 - |
\4ху |
ЗБ;/2 + |
61.V - 64г/ - |
221 = 0; |
|
3) |
4ху + |
3у2 + I6.V -j- \2у — 36 = |
0; |
|
||
. 4) |
7*2 + |
Оху - У 2 + 28х + \2у + |
28 = |
0; |
||
5) |
19л:2 -f Оху + |
i 1у2 + |
-j- 6у 4- 29 = 0; |
|||
6) |
5л:2 - |
2ху -f 5у2 — 4х + 2Оу + 20 = |
0. |
677. То же задание, что и в предыдущей задаче, выполнить для уравнений:
1) |
14х2 + 24ху + 21у2 — 4х + 18у — 139 = |
0; |
||||
2) |
11л-2 — 20л:у — 4у* — 20х — 8у + |
1 = |
0; |
|
||
3) |
7х2 -j- 60л:у + Ъ2у2 — 14л: — 60у + |
7 = |
0; |
|||
4) |
50л:2 - 8ху + 35у2 + 100л: — 8у + 67 = |
0; |
||||
5) |
41л:24-24ху + |
34у2 + М х - \ \ 2 у + 129 = 0; |
||||
6) |
29л:2 — 24ху + |
36г/2 4- 82л: — 96г/ — 91 = |
0; |
|||
7) |
4л:2 4 - 2 4 ху + |
\\у 2 |
+ 04х + 42у+ Ъ\ = |
0; |
||
8) |
41л:2 4- 24ху 4- 9у2 |
+ 24х 4- 18{/ — 36 = |
0. |
678. Не проводя преобразования координат, уста» новить, что каждое из следующих уравнений опреде ляет эллипс, и найти величины его полуосей:
1) |
4\х2 + 24ху + 0у2 + 24х+ 1 8 //-3 6 = |
0; |
|
2) |
8 л:2 4- 4ху 4- 5у2 + 16л: 4~ 4у — 28 = 0; |
|
|
3) |
13л:2 |
4- \ 8ху 4- 37у2 — 26л: — 18г/ 4~ 3 = |
0; |
4) |
13л:2 |
+ \ 0 х у + 13у2 + 40х + 0 2 у + \3 = |
0. |
679. Не проводя преобразования координат, уста новить, что каждое из следующих уравнений опреде ляет единственную точку (вырожденный эллипс), и найти ее координаты:
1) |
5л:2— Оху 4- 2у2 — 2л: 4- 2 = |
0; |
2) |
х2 + 2ху + 2у2 + 6у + 9 = |
0 - |
3) |
5л:2 4- 4ху 4- у2 — блс — 2у 4- 2 = 0; |
|
4) |
х2 - 6ху 4- \0у2 4- Юл: - 32у -f 26 = 0. |
680. Не проводя преобразования координат, устано вить, что каждое из следующих уравнений определяет
101
гиперболу, и найти величины ее полуосей!
1) |
4*2 + |
24ху +110* + |
64* + |
421/ + |
51 = |
0; |
|
2) |
12*2 + |
26ху + 12у2 |
_ |
52* - |
48у + |
73 = |
0; |
3) |
З*2+ |
4 * 0 - 12*+ |
16 = 0; |
|
|
|
4)*2 — 6*0 — 702 + Ю* — 300 + 23 = 0.
681.Не проводя преобразования координат, устано вить, что каждое из следующих уравнений определяет пару пересекающихся прямых (вырожденную гипер болу), и найти их уравнения:
1) 3*2 + 4 * 0 + 0 2 - 2 * - 1 = 0 ; 2) *2 - 6*0 + 802- 40 - 4 = 0; 3) *2 — 4*0 + 302 = 0;
4) *2 + 4*0 + 302 - 6* - 120 + 9 = 0.
682. Не проводя преобразования координат, устано вить, какие геометрические образы определяются сле дующими уравнениями:
1) в*2— 12*0 + |
1702+ 16*— 120 |
+ 3 = |
0; |
||||||
2) |
17*2 _ |
i S x y _ |
7 у 2 + |
34* — 180 |
+ 7 = |
0; |
|||
3) |
2*2 + |
3*0 — 202 |
+ 5* |
+ |
100 = |
0; |
|
|
|
4) |
б*2 — 6*0+ 9 0 2 — 4* + |
180 + |
14 = |
0; |
|
||||
5) |
б*2 — 2*0 + 502 |
— 4* |
+ |
200 + 20 = |
0. |
|
683.Для любого эллиптического уравнения доказать, что ни один из коэффициентов Л и С не может обра щаться в нуль и что они суть числа одного знака.
684.Доказать, что эллиптическое уравнение второй степени (б > 0) определяет эллипс в том и только в том случае, когда Л и А суть числа разных знаков.
685.Доказать, что эллиптическое уравнение второй
степени (б > 0) является уравнением мнимого эллипса в том и только в том случае, когда Л и А суть числа одинаковых знаков.
686. Доказать, что эллиптическое уравнение второй
степени (б > 0) определяет вырожденный |
эллипс (точ |
ку) в том и только в том случае, когда А = |
0. |
687. Доказать, что гиперболическое уравнение второй степени (б < 0) определяет гиперболу в том и только в том случае, когда А ф 0.
102
688. Доказать, что гиперболическое уравнение второй степени (б < 0) определяет вырожденную гиперболу (пару пересекающихся прямых) в том и только в том случае, когда Д = 0.
§ 25. Приведение к простейшему виду параболического уравнения
Пусть уравнение |
|
Ах5 + 2Вху + Су2+ 2Dx + 2Еу + F = 0 |
(1) |
является параболическим, т. е. удовлетворяет условию |
|
6 = АС — В2 = 0 . |
|
В этом случае линия, определяемая уравнением (1), либо |
не имеет |
центра, либо имеет бесконечно много центров. Упрощение парабо лического уравнения целесообразно начать с поворота координат
ных осей, т. е. сначала преобразовать уравнение (1) при помощи
формул |
|
и' sin а, |
|
' ■ |
х = х' cos а |
— |
) |
(2) |
|
у — х' sin а |
+ |
у' cos а. |
) |
|
) |
|
|||
Угол а следует найти из уравнения |
|
|
||
В tg2 а — (С — A) tg а — В = 0; |
(3) |
тогда в новых координатах уравнение (1) приводится либо к виду
А'х’1+ |
2D 'x’ + |
2Е'у' + |
F = |
0, |
(4) |
|
где А' Ф 0, либо к виду |
|
|
|
|
|
|
С у 2 |
+ |
2£>V + |
2 £ У + |
F = |
0, |
(5) |
где С Ф 0.
Дальнейшее упрощение уравнений (4) и (5) достигается путем параллельного перенесения (повернутых) осей.
689. Установить, что каждое из следующих уравнений является параболическим; каждое из них привести к про стейшему виду; установить, какие геометрические образы они определяют; для каждого случая изобразить на чер теже оси первоначальной координатной системы, оси других координатных систем, которые вводятся по ходу решения, и геометрический образ, определяемый данным уравнением:
1) |
9х2 - |
24хг/ Ч- 16г/2 - |
20x -f |
11 Оу - 50 = 0; |
||
2) |
9х2+ 1 2 ху + |
4у2 — |
24* - |
1бг/ + 3 = |
0; |
|
3) |
16x2 _ |
24*0 + |
9г/2 - |
160х + 120у + |
425 = 0. |
1*03
690. То же задание, что и в предыдущей задаче, вы полнить для уравнений:
1) |
9*2 + |
24х у |
+ 1 6 г/2 — |
18.* + 226у |
+ |
209 = 0; |
|
2) |
* 2 — |
2 х у + |
i f - — 12* + \ 2 у — |
14 |
— |
0; |
|
3) |
4*2 + |
12х у |
+ 9у 2 — |
4* — 6 у + |
1 |
= 0 . |
691.Для любого параболического уравнения дока зать, что коэффициенты Л и С не могут быть числами разных знаков и что они одновременно не могут обра щаться в нуль.
692.Доказать, что любое параболическое уравнение может быть написано в виде:
(а х + ру ) 2 + 2D x + 2Е у + F — 0.
Доказать также, что эллиптические и гиперболиче ские уравнения в таком виде не могут быть написаны.
693. Установить, что следующие уравнения являются параболическими, и записать каждое из них в виде, ука занном в задаче 692:
1) |
х2 + |
4х у + |
4#2 + 4* + у — |
|
15 = |
0; |
|
|||
2) |
9*2 — |
|
6х у + |
у 2 — х + |
2 у — |
14 = |
0; |
|
||
3) |
25х2 - |
20к у |
+ |
4i f + |
3* - |
у |
+ П |
= |
0; |
|
4) |
16*2+ |
16ху + |
4г/2- 5 * + |
7г/ = |
0; |
|
||||
5) |
9х2 — |
42х у + |
49у г + |
3* — • 2 у — 24 = |
0. |
694. Доказать, что если уравнение второй степени является параболическим и написано в виде
(а* + рг/)2 + 2D* + 2Еу + F = 0,
то дискриминант его левой части определяется фор мулой
Д= — (D p — Д а ) 2.
695.Доказать, что параболическое уравнение
(а* + ру)2 + 2D* + 2Еу + F = |
0 |
при помощи преобразования |
|
* = х' cos 9 — у' sin 9, |
0 |
</= + sin 0 + # 'cos 0, |
р |
приводится к виду |
|
С'у'* + 2D'*' + 2Е'у' + F' = 0, |
|
104
где
а Д — дискриминант левой части данного уравнения.
696.Доказать, что параболическое уравнение опреде
ляет параболу в том и только в том случае, когда А ^ 0. Доказать, что в этом случае параметр параболы опре деляется формулой
697. Не проводя преобразования координат, устано вить, что каждое из следующих уравнений определяет параболу, и найти параметр этой параболы:
1) 9*2 4- 24ху + 16?/2 - 120;с + 90?/ = 0; 2) 9*2 - 24ху + 16;/2 - 54* - 178у + 181 = 0; 3) г 2- 2ху + if 4- 6* — \ \ у + 29 = 0;
4) Э*2 - 6ху + у2 — 50* + 500 - 275 = 0.
698.Доказать, что уравнение второй степени является уравнением вырожденной линии в том и только в том случае, когда Д = 0.
699.Не проводя преобразования координат, устано вить, что каждое из следующих уравнений определяет пару параллельных прямых, и найти их уравнения:
1) 4х2 -|- 4ху у2 — 12* — 6?/ + 5 = 0; 2) 4х2 — 12ху + 9у2 + 20* — 30у — П = 0;
3) 25х2 — 10*?/ + у2 + 10* - 2у - 15 = 0.
700. Не проводя преобразования координат, устано вить, что каждое из следующих уравнений определяет одну прямую (пару слившихся прямых), и найти урав нение этой прямой:
1) *2 — 6ху 4- 9у2 4- 4* — 120 + 4 = 0; 2) Э*2 4- 30*0 4- 2502 + 42* + 700 4- 49 = 0;
3)16*2 — 16*0 4- 402 — 72* 4- 360 4-81 = 0 .
§26. Уравнения некоторых кривых, встречающихся
вматематике и ее приложениях
701. Составить уравнение геометрического места то чек, произведение расстояний которых до двух данных точек F i(— с\ 0) и Fz(c\ 0) есть постоянная величина а2.
105
Такое геометрическое место точек называется |
о в а л о м |
|||
К а с с и н и (рис. 23). |
|
|
||
702. |
Составить уравнение геометрического места то |
|||
чек, произведение расстояний которых до двух данных |
||||
точек Ft (— а; 0) |
и /•Дя; 0) |
есть постоянная величина а2. |
||
Такое геометрическое место точек называется |
л е м н и |
|||
с к а т о й |
(рис. 24). (Уравнение лемнискаты сначала най |
|||
ти непосредственно, потом — рассматривая ее |
как част |
|||
ный вид |
овала |
Кассини.) |
Составить также |
уравнение |
лемнискаты в полярных координатах, совмещая поляр ную ось с положительной полуосью Ох и полюс с нача
лом координат.
703. Составить уравнение геометрического места оснований перпендикуляров, опущенных из начала коор динат на прямые, отсекающие от координатного угла треугольники постоянной площади S.
У к а з а н и е . Составить уравнение сначала в полярных коор динатах, совмещая полюс с началом координат н полярную ось
сположительной полуосью Ох.
704.Доказать, что геометрическое место точек задачи 703 есть лемниската (см. задачу 702).
У к а з а н и е . Повернуть координаты оси на угол в 45°.
705. Луч а, в начальном положении совпадающий с полярной осью, вращается вокруг полюса О с постоян ной угловой скоростью со.
Составить в данной системе полярных координат уравнение траектории точки М, которая, имея начальное положение в О, движется по лучу а равномерно со ско
ростью у ( с п и р а л ь |
А р х и м е д а , рис. 25). |
706. Даны прямая |
х = 2г и окружность радиуса г, |
которая проходит через начало координат О и касается данной прямой. Из точки О проведен луч, пересекающий
106
данную окружность в точке В и данную прямую в точке С, на котором отложен отрезок ОМ = ВС (рис. 26). При вращении луча длина отрезка ОМ меняется и точка М
описывает |
кривую, называемую |
ц и с с о и д о й . Соста |
вить уравнение циссоиды. |
(о > 0) и окружность диа |
|
707. |
Даны прямая х = а |
метра а, проходящая через начало координат О и ка сающаяся данной прямой. Из точки О проведен луч, пе ресекающий окружность в точке А и данную прямую в точке В. Из точек А и В проведены прямые, параллель ные соответственно осям Оу и Ох (рис. 27). Точка М
Рис. 25. Рис. 26. Рис. 27.
пересечения этих прямых при вращении луча описывает
кривую, называемую в е р з ь е р о й . |
Составить ее урав |
нение. |
0, проведен луч АВ |
708. Из точки А (— а; 0), где а > |
(рис. 28), на котором по обе стороны от точки В отло жены отрезки B M u B N одинаковой длины b (b= const). При вращении луча точки М и N описывают кривую, на зываемую к о н х о и д о й . Составить ее уравнение сна чала в полярных координатах, помещая полюс в точку А и направляя полярную ось в положительном направле нии оси Ох, а затем перейти к данной системе декарто вых прямоугольных координат.
709. Из точки А (— а; 0), где а > 0 , проведен луч А В (рис. 29), на котором по обе стороны от точки В отло жены отрезки ВМ и BN, равные ОВ. При вращении луча
107
точки М и N описывают кривую, называемую с т р о ф о идой. Составить ее уравнение сначала в полярных ко ординатах, помещая полюс в точке А н направляя поляр ную ось в положительном направлении оси Ох, а затем перейти к данной системе декартовых прямоугольных координат.
710. Из начала координат проведен луч, пересекаю щий данную окружность хг+ у2= 2ах (а > 0) в точке В (рис. 30); на луче по обе стороны от точки В отложены равные между собой отрезки ВМ и BN постоянной дли ны Ь. При вращении луча точки М и N описывают кри вую, называемую у л и т к о й П а с к а л я (рис. 30). Со ставить ее уравнение сначала в полярных координатах, совмещая полюс с началом координат и полярную ось с положительной полуосью Ох, а затем перейти к данной системе декартовых прямоугольных координат.
711. Отрезок длины 2а движется так, что его концы все время находятся на координатных осях. Составить уравнение траектории основания М перпендикуляра, опу щенного из начала координат на отрезок (рис. 31), сна чала в полярных координатах, совмещая полюс с нача лом координат и полярную ось с положительной полу осью Ох, а затем перейти к данной системе декартовых прямоугольных координат. Точка М описывает кривую, называемую ч е т ы р е х л е п е с т к о в о й р о з о й .
712. Отрезок длины а движется так, что его концы все время находятся на координатных осях (рис. 32). Че рез концы отрезка проведены прямые, параллельные координатным осям, до их взаимного пересечения в точ-
108
ке Р. Составить уравнение траектории основания М пер
пендикуляра, опущенного из |
точки Р на отрезок. Эта |
траектория называется а с т р |
о и д о й . |
У к а з а н и е . Составить сначала параметрические уравнения астроиды, выбирая параметр 1, как указано на рис. 32 (затем исклю чить параметр t).
713.Из точки В пересечения луча ОВ с окружностью
х2-|- и 2 = ах опущен перпендикуляр ВС на ось Ох. Из точки С на луч ОВ опущен перпендикуляр СМ. Вы вести уравнение траектории точки М сначала в по лярных координатах, сов мещая полюс с началом ко ординат и полярную ось с
положительной полуосью Ох, а затем перейти к данной
системе декартовых прямоугольных координат. |
х2 |
уг = a2t |
||
714. |
Нить, |
намотанная на окружность |
||
разматывается так, что в точке В, где нить отделяется от |
||||
окружности, она |
остается касательной к ней |
(рис. |
33). |
№
Найти параметрические уравнения линии, описываемой концом нити, если начальным положением конца являет ся точка А(а\ 0), где а > 0. Линия, о которой идет речь,
называется |
э в о л ь в е н т о й |
к р у г а . |
без скольжения |
по оси |
|||||
715. |
Круг радиуса а |
катится |
|||||||
Ох. Траектория некоторой точки М окружности этого |
|||||||||
круга называется |
ц и к л о и д о й |
(рис. 34). Вывести па |
|||||||
|
|
раметрические уравнения циклои |
|||||||
|
|
ды, принимая в качестве пара |
|||||||
|
|
метра t угол, на который повора |
|||||||
|
|
чивается |
катящаяся |
окружность |
|||||
|
|
вокруг своего |
центра; |
считать |
|||||
|
|
при этом, что в начальный мо |
|||||||
|
|
мент |
(t = |
0) |
точка М находится |
||||
|
|
в начале |
координат. |
Исключить |
|||||
|
|
параметр t из полученных урав |
|||||||
|
|
нений. |
|
|
|
|
|
Круг р |
|
|
|
716. |
|
|
по |
|
|
||
|
|
без |
скольжения |
окружности |
|||||
|
|
х2 + |
у2 = |
а2, |
оставаясь |
вне |
ее. |
||
Траектория некоторой точки М окружности катящегося |
|||||||||
круга называется |
к а р д и о и д о й |
(рис. 35). Вывести па |
раметрические уравнения кардиоиды, выбирая в качестве параметра t угол наклона к оси Ох радиуса неподвиж ной окружности, проведенного в точку касания с по
движной. Считать при этом, что |
в начальный |
момент |
(t = 0) точка М находится справа |
на оси Ох. |
Перейти |
к полярным координатам при условии, что направление полярной оси совпадает с положительным направлением осн абсцисс, а полюс находится в точке А. Доказать, что кардиоида есть частный вид улитки Паскаля (см, задачу 710).
717. Круг радиуса а катится без скольжения по окру жности х2 -)- у2 — о2, оставаясь вне ее. Траектория неко торой точки М окружности катящегося круга называется
э п и ц и к л о и д о й (рис. |
36). Вывести параметрические |
уравнения эпициклоиды, |
выбирая в качестве параметра |
t угол наклона к оси Ох радиуса неподвижной окруж ности, проведенного в точку касания с подвижной; счи тать при этом, что в начальный момент (t — 0) точка М находится справа на оси Ох. Доказать, что кардиоида (см. задачу 716) есть частный вид эпициклоиды.
718. |
Круг радиуса а катится без скольжения по окру |
жности |
х2^ - у 2 — Ь2, оставаясь внутри нее. Траектория |
по |
|